1、2012-2013学年山东省广饶一中高二上学期期末模块调研物理试卷与答案（带解析） 选择题 如图所示，把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转首先观察到这个实验现象的物理学家是 A奥斯特 B爱因斯坦 C伽利略 D牛顿 答案： A 试题分析：当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转，说明电流产生了磁场，这是电流的磁效应，首先观察到这个实验现象的物理学家是奥斯特故 A 正确，BCD错误 故选 A 考点：本题考查的是物理学常识 点评：难度较小，对于物理学史上著名物理学家、经典实验和重要理论要记牢，这也是高考内容之一 将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带正电和带负
2、电的微粒，而从整体上来说呈电中性）喷入磁场，由于等离子体在磁场力的作用下运动方向发生偏转，磁场中的两块金属板 A和 B上就会聚集电荷，从而在两板间产生电压 .在图示磁极配置的情况下，下列表述正确的是 A金属板 A的电势较高 B通过电阻 R的电流方向是 bRa C等离子体在 A、 B间运动时，磁场力对等离子体做正功 D等离子体在 A、 B间运动时，磁场力对等离子体不做功 答案： AD 试题分析：等离子体喷射入磁场中，正、负离子将受到洛伦兹力作用而偏转，正离子逐渐向 B板运动而聚集到 A板，负离子逐渐向 A板运动而聚集到 B板上，使 A， B板由于带不同性质的电荷而产生电压 .故 B板带负电， A
3、板带正电，极板间的电场方向为竖直向下， A对， A板相当于电源的正极，所以电流从 a经过用电器流向 b， B错，洛仑兹力永远不做功， D对； C错； 考点：本题考查了霍尔效应的应用 点评：难度较小，根据洛伦兹力的方向判断物体的运动方向，此题还可以根据洛伦兹力与极板间产生的电场力平衡解得磁流体发电机的电动势 某电场的 电场线分布如图所示（实线），以下说法正确的是 A c点场强大于 b点场强 B b和 c处在同一等势面上 C若将一试探电荷 +q由 a点移动到 d点 ,电荷的电势能将减小 D若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由 a点运动到 d 点，可判断该电荷一定带正电 答案： ACD 试题分析：
4、电场线的疏密表示场强的大小，由此可知 A对；沿着电场线电势降低，所以 c点电势低于 b点电势， B错；若将一试探电荷 +q由 a点移动到 d点 ,电势降低，电势能减小， C对；若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由 a点运动到 d 点，所受电场力指向曲线的凹侧，所以可判断该电荷一定带正电， D对；考点：考查带电粒子在电场中的偏转 点评：难度较小，明确粒子曲线运动轨迹，所受电场力指向曲线的凹侧，熟悉电场线与场强、电势的关系 如图所示，一根固定的通有电流 I1的长直导线跟一个可以自由移动的矩形线框处在同一平面内， PQ和 MN 为线框的中心轴线， PQ与长直导线平行当矩形线框通有如图所示的电流 I
5、2 时，由于电磁作用，可使线框 A绕轴 MN 转动 B绕轴 PQ转动 C靠近直导线平动 D远离直导线平动 答案： D 试题分析：对于电流的相互作用，当同向时相互排斥，反向时互相吸引，由于矩形框的右边距离直导线较近，此处磁感强度较大，受力较大，所以导线框远离直导线平动， D对； 考点：考查电流与电流的相互作用 点评：难度较小 ,由电流的磁效应判断电流周围的磁场分布 ,由左手定则可判断电流与电流间的相互作用 ,也可直接利用结论 :电流方向相同互相吸引 ,电流方向相反互相排斥 一带电质点在匀强磁场中作圆周运动，现给定了磁场的磁感应强度，带电质点的质量和电量 .若用 v表示带电质点运动的速率， R表示
6、其轨道半径，则带电质点运动的周期 A与 R有关 B与 R无关 C与 v有关 D与 v无关 答案： C 试题分析：根据洛伦兹力提供向心力： ，以及圆周运动的规律知道周期 ，立可得 ，所以可知带电质点运动的周期与 v无关，与 R无关 考点：考查带电粒子在匀强磁场中的运动 点评：难度较小，根据洛仑兹力提供向心力，推导周期公式可判断 如图所示， A、 B为相同的两个灯泡，均发光，当滑动变阻器的滑片 P向下端滑动时则 A A灯变亮， B灯变暗 B A灯变暗， B灯变亮 C A、 B灯均变亮 D A、 B灯均变暗 答案： D 试题分析：当滑动变阻器的滑片 P向下端滑动时，滑动变阻器 电阻减小，由串反并同可
7、知灯泡 B电流减小，变暗，灯泡 A与滑动变阻器间接并联，所以灯泡A也变暗， D对； 考点：考查动态变化问题 点评：难度较小，分析动态变化问题的思路：先判断局部电阻变化，再判断总电阻变化，判断总电流变化，判断内电压变化，再由闭合电路欧姆定律判断路端电压和局部变化，也可采用 “串反并同 ”的结论判断 截面积和长度均相同的 A、 B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，下列判断正确的是 A电阻 A、 B的阻值 RARB B A材料的电阻率小于 B材料的电阻率 C若两电阻并联，电阻 A消耗的功率大 D若两电阻串联，电阻 A消耗的功率大 答案： BC 试题分析：由欧姆定律 可知图像的斜率表示电阻的倒数，
8、 A的电阻较小， A错；由欧姆定律 可知 A的电阻率较小， B对；若两电阻串联，则两电阻电流相同，由功率 可知 A的电功率较小， D错；若两电阻并联，两电阻电压相同，由 可知 A消耗的功率大， C对； 考点：考查欧姆定律和电阻定律 点评：难度较小，注意本题图中，纵坐标表示电流 I，斜率表示电阻的倒数，电功率利用哪一个公式，根据电流或电压相等 阴极射线管的示意图如图所示 . 阴极发出的电子束在阴极和阳极间强电场的作用下沿水平方向做 直线运动，如果在射线管所在区域内加上垂直纸面向里的匀强磁场，则电子束的偏转方向为 A竖直向上偏转 B竖直向下偏转 C垂直纸面向里偏转 D垂直纸面向外偏转 答案： B
9、试题分析：阴极发出的电子束速度方向向右，磁场方向垂直纸面向里，由左手定则可知电子所受洛仑兹力方向竖直向下， B对； 考点：考查阴极射线管和左手定则 点评：难度较小，本题中电子速度向右，利用左手定则判断时，四指指向速度的反方向 一台国产封闭型贮水式电热水器的铭牌上所列的主要技术参数如下表所示 . 根据表中提供的数据，计算出此电热水器在额定电压下处于加热状态时，通过电热水器的电流约为 额定容量 54L 最高水温 75 额定功率 1500 W 额定压力 0.7MPa 额定电压 220V 电器类别 类 A 6.8A B 0.15A C 4.4A D 0.23 答案： A 试题分析：由 P UI 可知，
10、该电热水器在额定电压下处于加热状态时的电流为：I ，故选项 A正确 考点：考查应用电功率的公式求解问题 点评：难度较小，对用电器标称值的分析也是高考考查的能力，侧重电学知识在生活实践中的应用 在电场中 A点放一检验电荷 +q，所受电场力为 F A点的场强为 E ，下列正确的是 A若移走检验电荷， A点的电场强度为零 B若在 A点放电荷量为 +2q的检验电荷，则 A点的电场强度为 2E C若在 A点放电荷量为 -q的检验电荷，则 A点的电场强度为 -E D若在 A点放电荷量为 -q的检验电荷，检验电荷在 A点受到的电场力为 -F 答案： D 试题分析：电场中某点场强的天小和方向由电场本身决定，与
11、放入该点的检验电荷无关，与在该点是否放检验电荷无关故选 D 考点：考查电场强度定义式 点评：本题难度较小，明确 是电场强度的定义式，适用于任何电场，切记电场中某点的电场强度完全由电场本身决定，与放不放电荷，放入的电性及电荷量的多少无关 关于电动势，下列说法正确的是 A电源电动势的大小只由电源本身决定 B因电动势的单位和电势差相同，所以电动势实质上就是电势差 C电动势为 1.5V，表明电池非静电力将 1C正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功是 1.5J D电源不接入电路时电动势为零 答案： A C 试题分析：电源的电动势由电源本身的性质决定的，是表征电源把其他形式的能转化为电能的本
12、领大小的物理量， A选项正确；势差和电动势的单位虽然相同，但它们表征的物理意义不同，电势差表征静电力做功将电势能转化为其它形式的能的本领大小的物理量，而电动势是表明非静电力做功电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量，故电动势与电势差实质上不同， B选项错误；电源的电动势是反映电源内部其他形式能转化为电能的能力的物理量，电动势在数值上等于移送单位电荷量所做的功， C选项正确；电源电动势是电源本身的性质，与外电路无关， D错误； 考点：对电源电动势的理解 点评：难度较小，电动势是电源的一个重要参量，它表征在电源内部非静电力移动 电荷做功，把其他形式的能转化为电势能的物理量其定义式为由电源中
13、非静电力的特性决定，跟电源的体积无关，跟外电路也无关 下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有 . A场强 E=F/q B场强 E=U/d C场强 E=kQ/r2 D电场力做功W=Uq 答案： AD 试题分析：由场强的定义可知公式 E=F/q适用于一切电场，场强公式 E=U/d只适用于匀强电场，公式 E=kQ/r2只适用于点电荷电场，电场力做功 W=Uq适用于一切电场， AD对 考点：考查场强的计算 点评：本题难度较小，场强的 公式有三个，要明确三个公式的适用条件 实验题 图甲为某同学描绘额定电压为 2.5V的小灯泡的 IU 图线的实验实物图 （ 1） 根据实物图，在虚线框
14、内画出实验电路图 . （ 2）开关 S闭合之前，图（甲）中滑动变阻器的滑片应该置于 （选填 “A端 ”、“B端 ”或 “AB正中间 ”） . （ 3）利用实验数据绘出小灯泡的伏安特性曲线如图 (乙 )所示，分析曲线说明小灯泡电阻变化的特点： （ 4）若把电器元件 Z和小灯泡接入如图 (丙 )所示的电路中时，通过 Z的电流为0.22A，已知 A、 B两端电压恒为 2.5V，则此时灯泡 L的功率约为 W（保留两位有效数字） 丙 答案：（ 1）如图 （ 3分） （ 2） A端 （ 2分） （ 3）灯泡的电阻在电压较小时几乎不变，随电压的增大 电阻增大（ 2分） （ 4） 0.31（ 2分） 试题分析
15、：（ 1）由于小灯泡电阻较小，所以电流表采用外接法，由于需要测量多组数据，滑动变阻器采用分压连接（ 2）在闭合开关前应使电路电阻达到最大（ 3）曲线中斜率表示电阻的倒数，由斜率逐渐增大可知灯泡的电阻在电压较小时几乎不变，随电压的增大电阻增大（ 4）电阻与灯泡为串联关系，所以灯泡的电流为 0.22A，由图乙可知电压此时为 1.409V，所以功率为 P=UI=0.31W 考点：考查描绘小灯泡的伏安特性曲线 点评：难度中等，根据实验要求滑动变阻器采用分压法连接能够多测量几组数据，电流表与灯泡电阻相当，采用外接法 在测定金属电阻率的实验中，金属导线长约 0.8m，直径小于 1mm，电阻在5左右。 实验
16、主要步骤如下： 用毫米刻度尺测量金属导线的长度，测 3次，求出平均长度 L； 在金属导线的 3个不同位置用螺旋测微器测量直径，求出平均值 d；其中一次示数如图所示，金属丝的直径为 _mm； 用伏安法测量金属导线的电阻 R。所 用电流表量程 0.6A，内阻约几欧；电压表量程 3V，内阻约几千欧。实验电路中电压表和电流表的接法有以下甲乙两种，其中误差较小的是。用以上测量值（ R、 L、 d）得到该金属电阻率的表达式为 =_。 答案： 0.2580.262（ 2分） 乙（ 2分） （ 2分） 试题分析： 主尺读数为 0mm，可动刻度读数为 25.80.01mm，所以螺旋测微器读数为 0.258mm
17、由于金属丝电阻较小，所以电流表采用外接法，由电阻定律可知 考点：考查电阻定律的应用 点评：难度较小，对螺旋测微器和游标 卡尺的规则要重点掌握，电流表的内接外接的选择方法主要看电流表、电压表和待测电阻阻值的大小关系 计算题 （ 7分）如图所示，光滑的平行导轨间距为 L，倾角为 ，处在磁感应强度为 B的匀强磁场中，导轨中接入电动势为 E，内阻为 r的直流电源，电路中其余电阻不计，将质量为 m电阻为 R的导体棒由静止释放，求： （ 1）释放瞬间导体棒所受安培力的大小和方向 （ 2）导体棒在释放瞬间的加速度。 答案：（ 1） 水平向右（ 2） a=gsin- 试题分析：（ 7分）解：（ 1）导体棒中电
18、流 I= 导体棒所受安培力 F=BIL 由 得 F= 根据左手定则，安培力方向水平向右 （ 2）由牛顿第二定律得： mgsin-Fcos=ma 由以上可得： a=gsin- 评分标准： 式各 1分， 式 2分。 考点：考查安培力 点评：难度较小，对安培力与力学问题的结合，首先分析出安培力的方向，进行受力分析后列公式根据牛顿第二定律求解 （ 8分）如图所示，电源电动势 E 30 V，内阻 r 1 ，电灯上标有 “6 V，12W”字样，直流电动机线圈电阻 R 2若电灯恰能正常发光，求： （ 1）电动机输出的机械功率； （ 2）电 源的效率 答案： (1) PM 出 =36W （ 2） 93.3%
19、试题分析： (1)电灯恰好正常发光 A 设电动机两端电压为 UM，则有 E U 灯 +UM+Ir 电动机输出功率 PM 出 =UMI-I2R PM 出 =36W (2)电源总功率 P 总 EI 电源内耗功率 P 内 I2r 电源效率 93.3% 评分标准： 式 2分，其余每式 1分。 考点：考查闭合电路欧姆定律 点评：难度较小，熟记电学中的常见公式，理解闭合电路欧姆定律的内容 （ 10分）如图所示，水平放置的两块平行金属板长 L=5cm，两板间距d=1cm，两板间电压 U=91V不变，上板带正电。距离极板右端 s=10cm处有一接收屏，各种速度的电子沿水平方向从两板中央射入。电子的质量 =0.
20、9110-30kg，电荷量 e=1.610-19C。求： （ 1）到达接收屏上的电子的初速度应满足的条件； （ 2）电子打到接收屏上距中心 O 的最大距离； 答案：（ 1） v2107m/s方能打到屏上（ 2） cm 试题分析：（ 1）电子恰好从板间射出的初速度为 v0, 有 L v0t 得： a= v0=2107m/s 故电子入射速度 v2107m/s方能打到屏上。 （ 2）要想离 O 最远，需要竖直速度最大，即在电场中加速时间最长，即水平速度最小，且竖直位移最大的电子打到屏上的距离最大。即恰能从极板边缘射出的电子打到屏上距 O 点最远。 离开电场时偏转量为 离开电场时的速度偏向角为 由几何
21、关系 得： cm （ 10） 评分标准：每式 1分 考点：考查带电粒子在电场中的偏转 点评：难度中等，带电粒子在电场中的偏转常见于类平抛运动，根据水平和垂直两个分运动求解 （ 12分）如图所示，左侧匀强电场的区域宽度为 L,电场强度为 E,右侧匀强磁场的左右宽度为 d ,磁场的上下区域很长，一质量为 m、带电量为 q的粒子，从电场的左边界 A点静止释放，经电场加速后垂直进入磁场，出磁场时与入射方向的偏角为 .（不计粒子重力） 求： （ 1）粒子离开电场时的速度； （ 2）匀强磁场的磁感应强度； （ 3）粒子在磁场中的运动时间 . 答案：（ 1） （ 2） （ 3） 试题分析： （ 1）在电场中 （ 2分）得 （ 1分） （ 2）在磁场中 （ 2分） 有几何关系 （ 3分） 可得 （ 1分） （ 3）由周期公式 （ 1分） 及 （ 1分） 可得 （ 1分 考点：考查粒子在磁场中的偏转 点评：难度中等，处理粒子在磁场中的运动问题，首先画出运动的大致轨迹，先找圆心后求半径，粒子的运动时间由圆心角确定
