1、2012-2013学年山东省济宁市金乡一中高一 1月考前模拟物理试卷与答案（带解析） 选择题 关于物体做直线运动，下列说法不正确的有（ ） A物体可能做速度先增大后减小的匀变速直线运动 B某时刻物体的加速度和速度反向，此时物体一定正在做减速运动 C物体的位移大小一定等于路程 D匀变速运动规律只适用于单向匀变速直线运动 答案： ACD 试题分析： A、物体的速度先增大后减小，此过程加速度方向发生了变化，不是匀变速直线运动；错误，应选 B、当加速度与速度方向相反时，物体一定做匀减速直线运动；正确，不选 C、只有单方向直线运动的位移大小才等于路程，其它情况位移大小均小于路程；错误，应选 D、匀变速直
2、线运动也适用于减速到零再反向加速的匀变速直线运动；错误，应选 故选 ACD 考点：直线运动 点评：掌握加速度和速度的关系，了解匀变速直线运动的各种情况 物体 A、 B的 s-t图像如图所示，由图可知（ ） A从第 3s起，两物体运动方向相同，且 vAvB B两物体由同一位置开始运动，但物体 A比 B迟 3s才开始运动 C在 5s内物体的位移相同， 5s末 A、 B相遇 D 5s内 A、 B的平均速度相等 答案： A 试题分析：从第 3s起 A物体开始运动，由图像可知两物体位移均为正值，运动方向相同，位移图线的斜率代表速度大小，所以 ；正确 B、 B物体从距坐标原点 5m处出发的， A从坐标原点
3、开始出发；错误 C、在 5s内 A物体的位移为 5m， B物体的位移为 10m；错误 D、在 5s内物体的位移不相同，所以 5s内 A、 B的平均速度不相等；错误 故选 A 考点：位移图像 点评：本题一定要注意 B物体的位移大小不是它的位置坐标，而是它沿直线运动的距离。 一物体做匀变速直线运动，当 t=0时，物体的 速度大小为 12 m/s，方向向东，当 t=2s时，物体的速度大小为 8 m/s，方向仍向东，若某一时刻物体的速度大小变为 2 m/s，则该时刻 t为（ ） A 3s B 5s C 7s D 9s 答案： BC 试题分析：根据 可得加速度 ，若某一时刻物体的速度大小2m/s，但方向
4、不确定，所以 或 ，由 可得 t=5s或 7s. 故选 BC 考点：匀变速直线运动速度与时间的关系 点评：只给出速度大小时一定要考虑速度方向不同是的各种情况。 如图所示，水平桌面上平放着一副扑克牌，总共 54张，每一张牌的质量都相等，牌与牌之间的动摩擦因数以及最下面一张牌与桌面之间的动摩擦因数也都相等用手指以竖直向下的力按压第一张牌，并以一定的速度水平移动手指，将第一张牌从牌摞中水平移出 (牌与手指之间无滑动 )。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则 （ ） A第 1张牌受到手指的摩擦力方向与手指的运动方向相反 B从第 2张牌到第 54张牌之间的牌不可能发生相对滑动 C从第 2张牌到第 54张牌之
5、间的牌可能发生相对滑动 D第 54张牌受到桌面的摩擦力方向与手指的运动方向相反 答案： BD 试题分析： A、第 1张牌相对手的运动趋势的方向与手指运动方向相反，受到的摩擦力的方向与手指运动方向相同；错误 BC、根据最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，而 可知，所以越靠下，最大静摩擦力越大，第 2张牌到第 54张牌受到的摩擦力都小于最大静摩擦力，所以不可能发生相对滑动； B正确 C错误 D、第 2张牌到第 54张牌看成一个整体，上表面受到与手指运动方向相同的摩擦力，根据二力平衡可知第 54张牌受到桌面的摩擦力方向与手指的运动方向相反；正确 故选 BD 考点：摩擦力 点评：本题关键点是如何判断各个接
6、触面间的最大静摩擦力与那些因素有关，找出个接 触面最大摩擦力的变化情况。 如图所示，物体 A靠在竖直墙面上，在力 F作用下， A、 B保持静止。物体A的受力个数为（ ） A 2 B 3 C 4 D 5 答案： B 试题分析：对 A进行受力分析， A受重力、 B对 A的支持力，墙壁对 A的支持力，共 3个。 故选 B 考点：受力分析 点评：分析物体受力时，为防止漏掉力，应养成按一定步骤分析受力的习惯，一般应先分析场力，再分析接触处的弹力和摩擦力，为防止分析物体受力时多力： 每分析一个力，都应找出施力的物体； 分析研究对象受的力，不要把研究对象对其他物体施加的力也加在研究对 象上； 合力和分力不能
7、都作为物体所受的力。 某物体受到四个力的作用而处于静止状态，保持其中三个力的大小和方向均不变，使另一个大小为 F 的力方向转过 90，则欲使物体仍能保持静止状态，必须再加上一个大小为多少的力 A F B C 2F D 3F 答案： B 试题分析：保持其中三个力的大小和方向均不变，使另一个大小为 F的力方向转过 90后，四个力的合力为 ，若要合力为零，则需在加一个大小也为 ，方向与其它四个力的合力方向相反的力。 故选 B 考点：力的合成 点评：把一个力转过 90，可认为撤掉了这个力，剩下的三个力合力与撤掉的力等大反向，然后再加上了一个与撤掉的这个力夹角为 90的力，再求合力。 将一个大小和方向都
8、已知的力分解为两个力，下列说法错误的是（ ） A当两个分力的方向确定后，分解是唯一的 B当一个分力的方向和大小确定后，分解是唯一的 C当一个分力的方向和另一个分力的大小确定后，分解是唯一的 D当两个分力的大小确定后，分解是唯一的 答案： CD 试题分析： A、这种情况下合力为对角线做平行四边形，只能做一个，所以分解是唯一的；正确，不选 B、知道合力大小和方向，知道一个分力的大小和方向，可以做一个力的三角形，所以另一个分力也是唯一的；正确，不选 C、当一个分力的方向和另一个分力的大小确定后，可能出现三种情况：可能没有解，可能一组解，也可能两组解；错误，应选 D、已知合力大小和方向、两个分力的大小
9、可以在同一平面内有两种情况；错误，应选 故选 CD 考点：力的分解 点评：力分解时有解或无解，简单地说就是代表合力的对角线与给定的代表分力的有向线段是否能构成平行四边形 (或三角形 )若可以构成平行四边形 (或三角形 )，说明该合力可以分解成给定的分力，即有解 如果不能构成平行四边形(或三角形 )，说明该合力不能按给定的分力分解，即无解 关于弹力的方向，下列说法正确的是 ( ) A物体静止在水平桌面上，桌面对物体的支持力方向是竖直向下的 B物体沿斜面下滑时，斜面对物体的支持力方向是沿斜面向上的 C用绳悬挂物体时，绳对物体的拉力方向是沿绳收缩的方向 D用水平直杆固定路灯时，直杆对路灯的弹力方向一
10、定在直杆所在直线上 答案： C 试题分析： A、根据二力平衡桌面对物体的支持力与物体受到的重力等大反向，方向竖直向上；错误 B、物体沿斜面下滑时，斜面对物体的支 持力属于弹力，应与接触面垂直，所以支持力方向是垂直斜面向上；错误 C、绳子对物体的拉力的方向是沿绳指向绳收缩的方向；正确 D、杆对物体的弹力的方向可以沿杆的方向，也可以不沿杆的方向；错误 故选 C 考点：弹力的方向 点评：熟练掌握接触面、绳、杆的弹力的方向的判断，尤其是杆的弹力方向，一定要根据力学状态来判断。 如图所示，轻绳上端固定在天花板上的 O 点，下端悬挂一个重为 10N 的物体 A， B是固定的表面光滑的圆柱体。当 A静止时，
11、轻绳与天花板的夹角为 300，B受到绳的压力是（ ） A 5N B 10N C 5 N D 10 答案： B 试题分析：以 B为研究对象，绳子对 B的作用力夹角为 120，大小均为 10N，根据合力和分力的关系可得，这两个力的合力大小为 10N. 故选 B 考点：力的合成 点评：同一根绳子的张力处处相等，指向绳子收缩的方向；夹角为 120的两个相等的力的合力与其中一个分力大小相等。 t 0时，甲乙两汽车从相距 70 km的两地开始相向行驶，它们的 v-t图象如图所示忽略汽车掉头所需时间下列对汽车运动状况的描述正确的是（ ） A在第 1小时末，乙车改变运动方向 B在第 2小时末，甲乙两车相距 1
12、0km C在前 4小时内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大 D在第 4小时末，甲乙两车相遇 答案： BC 试题分析： A、在第 1小时末，乙车速度开始减小，但没有改变方向；错误 B、在第 2小时末，甲车沿正方向移动的位移 ，乙车沿负方向的位移为 ，两车为相向运动，在第 2小时末两车相距为；正确 C、速度图线的斜率大小为位移大小，在在前 4小时内，乙车速度图线大于甲车速度图线，所以乙车运动加速度的大小总比甲车的大；正确 D、在第 4小时末，甲乙两车速度相同，但没有相遇；错误 故选 BC 考点：速度的图像 点评：速度 图线和时间轴围成的面积等于位移大小，时间轴上方的位移为正，下方的为负，总位移为各
13、段位移代数和。 如图，用两根绳子吊起一重物，使重物保持静止，逐渐增大两绳之间的夹角，则两绳对重物的拉力的合力变化情况是（ ） A保持不变 B逐渐增大 C逐渐减小 D以上说法中都有可能发生 答案： A 试题分析：根据题意可知，物体保持静止状态，说明两根绳子的拉力的合力等于物体的重力，物体重力不变，所以两根绳子拉力的合力不变。 故选 A 考点：共点力平衡 点评：本题一点要注意，虽然两根绳子夹角变大，但绳子的拉力也是变化的，所以不能用合力与分力的关系来求解，只能用共点力平衡来分析。 关于以加速度为 2m/s2作匀变速直线运动的物体，下列说法正确的是（ ） A物体在任一秒末的速度是该秒初的两倍 B物体
14、在任一秒末的速度比该秒初的速度大 2m/s C若物体作匀加速度运动，在第 1s秒内的平均速度一定比第 3秒内平均速度的六分之一大 D物体在两段相等时间内位移大小可能相等 答案： CD 试题分析： AB、加速度为 表示物体在任一秒末的速度和该秒初的速度相比差 2m/s，可能是大 2m/s，也可能是小 2m/s；错误 C、设初速度为 v，第 1s的平均速度为 ，第 3秒内平均速度 ， ，所以；正确 D、减速到零再反向加速的匀变速运动，关于速度为零的时刻对称的两段相等的时间内位移大小相等；正确 故选 CD 考点：加速度 点评：深刻理解加速度的含义。 实验题 “探究加速度与力的关系 ”的实验装置如图。
15、 本实验中使用的电火花计时器，使用（ 1） （选填 “直流 ”或 “交流 ”）电源。已知电火花计时器打点的时间间隔为 0.02s，每五个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为（ 2） s。为减小实验误差，盘和砝码的质量应比小车的质量（ 3） （选填 “小 ”或 “大 ”）得多。 答案： 交流 （ 2） 0.1 （ 3）小 试题分析： 打点计时器使用交流电源；（ 2）每五个点取一个计数点，相邻两计数点间有 5个时间间隔，即为 0.1s；（ 3）本实验只有盘和砝码的质量远小于小车的质量时，绳子拉力才近似等于盘和砝码的重力。 考点：探究加速度与力和质量的关系 点评：本实验中用小盘和砝码的总重力
16、代替小车受到的拉力 (实际上小车受到的拉力要小于小盘和砝码的总重力 )，存在系统误差小盘和砝码的总质量 m越接近小车的质量 M，误差就越大；反之，小盘和砝码的总质量越小于小车的质量，误差就越小所以实验中始终要求砝码和小盘的总质量小于小车和砝码的总质量，前者的总质量最好不要超过后者的 只有这样，砝码和小盘的总重力才能视为小车受到的拉力 在 “探究求合力的方法 ”实验中，橡皮条的一端固定于 P点，如图。 用 A、 B两弹簧测力计将橡皮条的另一端拉至 O 点，记录两分力的 和 ，此时弹簧测力计 A的示数为 -_ (只须读到 0.1N)。接下来，为了测出这两分力的合力，用一只弹簧测力计沿 PO方向拉伸
17、橡皮条，使橡皮条的长度 PO（选填 “大于 ”“等于 ”或 “小于 ”），记录下该力的大小和方向。 图为另一同学根据自己的实验数据画出的两个分力 F1、 F2的图示，请在图 1中作出这两个分力的合力 F 合 （保留作图痕迹），并在图中空格处填写 F 合 的大小。 答案： 大小 方向 2.5 等于 作图如下 合力 2.32.8N 试题分析：（ 1）本实验需要记录 A、 B两弹簧测力计将橡皮条的另一端拉至 O点时两分力的大小和方向；由图可得读数为 2.5N；为了保证合力和分力的作用效果相同，应该使橡皮条的长度等于 PO （ 2）以 为半径，以 定点为圆心和以 为半径，以 定点为圆心画弧相交于一点，
18、作出平行四边形可如下图 根据标度可得合力大小为 2.32.8N 考点：验证平行四边形定则 点评：掌握做平行四边形的方法，会根据标度求力的大小。 计算题 上表面光滑的木板 MN 上有一固定挡板，原长相同的两轻质弹簧 k1、 k2如图示与两质量均为 m的小球 A、 B和固定挡板连接，当木板水平放置时，两弹簧均处于原长状态，缓慢抬起木板的 N 端，当木板与水平面成 300时， k1、 k2长度之比为 6:7，当 AB转至竖直时 k1、 k2长度之比为 7:9，求： （ 1） k1、 k2劲度系数之比 （ 2） 当 AB 转至竖直后，用竖直向上的力 F 轻推 A，使 A 缓慢上升，直至 k1、k2长度
19、和等于两弹簧原长和，求此时力 F的大小。（重力加速度 g已知） 答案：（ 1） （ 2） 试题分析：木板倾斜 30角时， 木板竖直时， 可解得： ，所以 当两弹簧长度和等于两弹簧原长和时，必然有一弹簧伸长、一弹簧压缩，且形变量大小一样，分析 B球受力可知， 伸长、 压缩（只要能体现两弹簧形变特征就给分） 设此时两弹簧形变量均为 x 对 B球有： 对 A球有： 联立上述两式可解得： 考点：胡克定律的应用 点评：本题难点是第（ 2）问，知道此种状态下那根弹簧伸长，那根弹簧被压缩，分别对两球列力的平衡表达式求解。 如图所示，放在水平地面上的两木块，在水平推力 F作用下保持静止。木块 A、 B的质量分
20、别为 mA=3kg、 mB=5kg，它们与水平地面的动摩擦因数均为0.15，且木块与地面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。如果作用在木块 A上的推力 F =6 N，木块 A、 B间的轻弹簧被压缩了 x =5 cm，弹簧的劲度系数k =100 N/m。求： 此时木块 A所受摩擦力的大小； 刚撤去 F后瞬间，木块 A所受摩擦力。 答案： 1N （ 2） 4.5N 试题分析： 物体 A所受弹簧弹力 由平衡条件 得 （ 2）刚撤去力 F后，物体 A将向左运动 滑动摩擦力 方向水平向右 其它解法酌情给分 考点：摩擦力 点评：求摩擦力一定要先判断是静摩擦还是滑动摩擦，静摩擦力一般根据共点力平衡求解，滑动摩擦
21、力一般用公式 求解 质量为 2kg的物体在水平推力 F的作用下沿水平面作直线运动，一段时间后撤去 F，其运动的 v-t图象如图。 g取 10m/s2，求： 物体与水平面间的动摩擦因数 ； 水平推力 F的大小； 在 0 6s内物体运动平均速度的大小。 答案： 0.5 15N 5m/s 试题分析： 由题意可知：物体在 4 6s内受力如图所示， 由牛顿第二定律得物体的加速度 又由 v-t图像可知：物体在 4 6s内加速度 所以 ，可得： =0.5 由 v-t图像可知：物体在 0 4s内加速度： 又由题意可知：物体在 0 4s内受力如图所示， , 代入数据得： F=15N 物体在 0 6s内的位移大小在数值上为图像和时间轴包围的面积， 平均速度 考点：牛顿第二定律的应用 点评：在一个题目之中，可能某个过程是根据受力情况求运动情况，另一个过程是根据 运动情况分析受力情况；或者同一个过程运动情况和受力情况同时分析，因此在解题过程中要灵活处理在这类问题时，加速度是联系运动和力的纽带、桥梁
