1、2012-2013学年广东省东莞市第七高级中学高二 3月月考物理试卷与答案（带解析） 选择题 矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，下列说法正确的是 （ ） A在中性面时，通过线圈的磁通量最大 B在中性面时，感应电动势最大 C穿过线圈的磁通量为零时，感应电动势也为零 D线圈每通过中性面两次，电流方向改变一次 答案： A 试题分析：在中性面时，线圈与磁场垂直，磁通量最大故 A正确在中性面时，没有边切割磁感线，感应电动势为零故 B错误穿过线圈的磁通量为零时，线圈与磁场平行，有两边垂直切割磁感线，感应电动势最大故 C错误根据楞次定律分析可知，线圈每通过中性面一次，电流方向改变一次故D错误
2、 故选 A 考点：本题考查正弦式电流产生原理的理解能力， 点评：抓住两个特殊位置的特点：线圈与磁场垂直时，磁通量最大，感应电动势为零；线圈与磁场平行时，磁通量为零，感应电动势最大 一交流电压的图象如图所示 ,将该交流电压加在一阻值为 22 的电阻两端 ,下列说法中正确的是 ( ) A该电阻消耗的功率为 550 W B该交流电压的瞬时值表达式为 u=110 sin100t V C并联在该电阻两端的交流电压表的示数为 110 V D流过电阻的电流方向每秒改变 50次 答案： AB 试题分析：由图知：电压有效值 ,则电流有效值 ,即或 ,A正确 . 电压瞬时值 ,由图知： , , 110 .则 B正
3、确 . 交流电压表示数应为有效值 U=110 V,C 错误 .电流方向每个周期改变 2次 ,则 1 s内改变 100次 ,D错误 故选 AB. 考点：本题考查交流电有效值、瞬时值、频率等知识 点评：交流电压测量的是有效值，计算交流电的电功、电功率和焦耳热等与热效应等有关的量都用有效值 光滑水平面上用细线连结 A、 B两木块，其间夹一轻弹簧，弹簧处于压缩状态， mA:mB=2:1。 开始时两物体静止，现烧断细线， A、 B两木块在水平面上滑行，则在滑行中（ ） A、 A、 B两木块动量大小之比为 1： 1 B、 A、 B两木块动量大小之比为 1： 2 C、 A、 B两木块速度大小之比为 1： 1
4、 D、 A、 B两木块速度大小之比为 1： 2 答案： AD 试题分析： AB组成的系统受到的外力合力为零，故系统动量守恒，系统刚开始时，动量为零，所以运动过程中系统的动量一直为零，即 AB两物体的动量大小相等，方向相反， A正确， B错误 动量 ，又因为 ，故可得 ,C错误， D正确， 故选 AD 考点：考查了动量守恒的应用 点评：正确理解动量守恒的条件：（ 1）系统受到的合外力为零；（ 2）系统所受的外力比相互作用力（内力）小的多，以至可以忽略外力的影响；（ 3）系统总体上不满 足动量守恒定律，但是在某一特定的方向上，系统不受外力，或所受的外力远小于内力，则系统沿这一方向的分动量守恒 对于
5、任何 一个固定质量的物体，下列说法正确的是（ ） A物体的动量发生变化，其动能必变化 B物体的动量发生变化，其动能不一定变化 C物体的动能发生变化，其动量不一定变化 D物体的动能发生变化，其动量必变化 答案： BD 试题分析：质量一定，动能 ，动量 ，动量是矢量，动能是标量，如果速度方向变化，大小不变，则动量变化，动能不变，动能变化，动量一定变化，所以 AC 错误， BD正确， 考点：考查了动量和动能的关系 点评：做本题的关键是理解动量是矢量，动能是标量，速度只方向变化，则动量变化，动能不变 在光滑水平面上有一木块保持静止，子弹穿过木块，下列说法中正确的是 ( ) A子弹对木块做功使木块内能增
6、加 B子弹损失的机械能等于子弹与木块增加的内能 C子弹损失的机械能等于木块动能的增加和木块、子弹增加的内能的总和 D子弹与木块总动能守恒 答案： AC 试题分析：子弹克服阻力做功等于产生的内能和木块的动能，所以木块的内能增加，故 A正确；根据能量守恒得：子弹减少的机械能等于木块增加的机械能与系统增加的内能之和， B错误， C正确 子弹与木块组成的系统，总动量守恒， D错误 故选 AC 考点：考查了功能关系 以及动量守恒的应用 点评：功是能量转化的量度，能量转化的多少可以用功来量度，掌握住功和能的关系就可以分析得出结论 关于系统动量守恒的条件 ,下列说法正确的是 ( ) A只要系统内存在摩擦力
7、,系统动量就不可能守恒 B只要系统中有一个物体具有加速度 ,系统动量就不守恒 C只要系统所受的合外力为零 ,系统动量就守恒 D在空中爆裂为两块炸弹，以两块碎片为系统，系统水平方向动量守恒。 答案： CD 试题分析：当摩擦力属于内力的时候，系统动量守恒，如一个物体滑上放在光滑水平面上的物体时，两物体组成的系统，受到的摩擦力为内力，两者的加速度不为零，动量守恒， AB错误 根据动量守恒定律的条件：系统受到的合外力为零或者系统所受的外力比相互作用力（内力）小的多，以至可以忽略外力的影响； CD正确 故选 CD 考点：考查了对动量守恒条件的理解 点评：正确理解动量守恒的条件：（ 1）系统受到的合外力为
8、零；（ 2）系统所受的外力比相互作用力（内力）小的多，以至可以忽略外力的影响；（ 3）系统总体上不满足动量守恒定律，但是在某一特 定的方向上，系统不受外力，或所受的外力远小于内力，则系统沿这一方向的分动量守恒正确理解和应用动量守恒条件即可正确解 答本题 关于动量的概念，以下说法中正确的是 ( ) A速度大的物体动量一定大 B质量大的物体动量一定大 C两个物体的质量相等，速度大小也相等，则它们的动量一定相等 D两个物体的速度相等，那么质量大的物体动量一定大 答案： D 试题分析：动量 ，故动量的大小取决于质量和速度，所以 AB错误 动量是矢量，要想两个质量相等的物体的动量相等，必须满足速度大小和
9、方向都相同，故 C错误 两个 物体的速度相等，根据公式 可得质量大的物体动量一定大， D正确 故选 D 考点：考查了对动量的理解 点评：一定要注意动量既有大小又有方向是矢量，基础题，比较简单 远距离输电中，发电厂输送的电功率相同，如果分别采用输电电压为U1=11kV输电和输电电压为 U2=110kV输电。则两种情况中，输电线上损耗功率之比 P1 P2等于（ ） A 1 100 B 10 1 C 1 10 D 100 1 答案： D 试题分析：输送的电功率不变，根据 ，输电电压比为 ，则输电电流比为 10： 1，根据 知，输电线上损耗的功率之比为 100： 1故 D 正确，A、 B、 C错误 故
10、选 D 考点：考查远距离输电 点评：解决本题的关键掌握输送功率 ，以及输电线损耗的功率 理想变压器的原线圈的匝数为 110匝，副线圈的匝数为 660匝，若原线圈接在 6 V的电池上，则副线圈两端电压为 ( ) A 36 V B 6 V C 1 V D 0 V 答案： D 试题分析：变压器是利用电磁感应工作的，所以只有接在交流电上才会工作，接在直流电上不能工作，故选项 D正确 考点：考查了变压器的工作原理 点评：做本题的关键是知道变压器是利用电磁感应原理工作的 实验题 某同学用下图所示的装置做 “验证动量守恒定律 ”的实验先将 a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下
11、压痕，重复 10次；再把同样大小的 b球放在斜槽轨道末端水平段的最右端静止放置，让 a球仍从原固定点由静止开始滚下，和 b球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复 10次 （ 1）本实验必须测量的物理量有 _； A斜槽轨道末端到水平地面的高度 H B小球 a、 b的质量 ma、 mb C小球 a、 b离开斜槽轨道末端后平抛飞行的时间 t D记录纸上 O 点到 A、 B、 C各点的距离 OA、 OB、 OC E a球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差 h （ 2）根据实验要求， ma_mb(填 “大于 ”、 “小于 ”或 “等于 ”)； （ 3）本实验中，要求小球 a、 b的半径
12、 _ (填 “一定相同 ”、 “不一定相同 ”)； （ 4）为测定未放小球 b时，小球 a落点的平均位置，把刻度尺的零刻度线跟记录纸上的 O 点对齐，下图给出了小球 a落点附近的情况，由图可得 OB距离应为 _ cm； （ 5）按照本实验方法，验证动量守恒的验证式是_（用本题（ 1）中测量的物理量符号表示） 答案： (1)BD(2)大于 (3)一定相同 (4)a点位置的范围大致在 45.95 45.99 cm(5)maOB maOA mbOC 试题分析：（ 1）要验证动量守恒，就需要知道碰撞前后的动量，所以要测量两个小球的质量及碰撞前后小球的速度，碰撞前后小球都做平抛运动，速度可以用水平位移代
13、替 所以需要测量的量为：小球 a、 b的质量 ，记录纸上 O 点到 A、 B、 C各点的距离 OA、 OB、 OC 故选 BD （ 2）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒，故有 ，在碰撞过程中动能守恒，故有 解得 ，要碰后 a的速度 v1 0，即 （ 3）因为需要根据半径画圆，所以一定相同 （ 4） B 点位置的确定方法是，画一个尽量小的圆，把所有的落地点都包括进来，所以 B点位置大约在 45.95 45.99 cm； （ 5）根据动量守恒定律可得 ，故有 ，根据两小球从同一高度开始下落，故下落的时间相同，所以只需验证：考点： “验证动量守恒定律 ”的实验 点评：验证动量守恒定律中，学会在相同高
14、度下，水平射程来间接测出速度的方法，掌握两球平抛的水平射程和水平速度之间的关系，是解决本题的关键 计算题 质量为 m1=1.0kg和 m2(未知 )的两个物体在光滑的水平面上正碰，碰撞时间不计，其 x t (位移 -时间 ) 图象如图所示，试通过计算回答下列问题： m2等于多少千克 碰撞过程是弹性碰撞还是非弹性碰撞？ 答案：（ 1） 3kg（ 2）弹性碰撞 试题分析： 碰撞前 m2是静止的， m1的速度为 v1=4m/s 2分 碰后 m1的速度 v =-2m/s 2分 m2的速度 v =2m/s 2分 根据动量守恒定律有 3分 14=1(-2)+ m22 m2=3kg 2分 Ek1+Ek2=
15、142+0=8J 3分 =8J 3分 是弹性碰撞 1分 考点：考查了动量守恒定律的应用 点评：要知道判断是否为弹性碰撞的方法是看机械能是否守恒，若守恒，则是弹性碰撞，若不守恒，则不是弹性碰撞 如图所示，在距水平地面高 h=0.80m的水平桌面一端的边缘放置一个质量m=0.80kg的木块 B，桌面的另一端有一块质量 M=1.0kg的木块 A以初速度v0=4.0m/s开始向着木块 B滑动，滑行 2.4m与 B发生碰撞，碰后两木块都落到地面上。木块 B离开桌面后落到地面上的 D点。设两木块均可以看作质点，它们的碰撞时间极短，且已知 D点距桌面边缘的水平距离 s=0.60m，木块 A与桌面间的动摩擦因
16、数 =0.25，重力加速度取 g=10m/s2。求： （ 1）两木块碰撞前瞬间，木块 A的速度大小； （ 2）木块 B离开桌面时的速度大小； （ 3）木块 A落到地面上的位置与 D点之间的距离。 答案：（ 1） 2.5m/s2 （ 2） 1.5m/s （ 3） 0.28m 试题分析：（ 1）木块 A在桌面上受到滑动摩擦力作用做匀减速运动，根据牛顿第二定律，木块 A的加速度 2.5m/s2（ 1分） 设两木块碰撞前 A的速度大小为 v，根据运动学公式，得 2.0m/s（ 1分） （ 2）两木块离开桌面后均做平抛运动，设木块 B 离开桌面时的速度大小为 v2，在空中飞行的时间为 t。根据平抛运动规律有： ， s v2t（ 2分） 解得： 1.5m/s（ 1分） （ 3）设两木块碰撞后木块 A的速度大小为 v1，根据动量守恒定律有：（ 2分） 解得： =0.80m/s（ 1分） 设木块 A落到地面过程的水平位移为 s，根据平抛运动规律，得 0.32m（ 1分） 则木块 A落到地面上的位置与 D点之间的距离 0.28m （ 1分） 考点：考查了动量守恒，平抛运动规律的应用 点评：本题可采用程序法按时间顺序进行分析处理，是动量守恒定律与平抛运动的综合，过程比较复杂，属于中档题
