1、2013-2014广东省广州市普通高中毕业班 3月一模物理试卷与答案（带解析） 选择题 用某色光照射金属表面时，有光电子从金属表面飞出，如果改用频率更大的光照射该金属表面，则 A金属的逸出功增大 B金属的逸出功减小 C光电子的最大初动能增大 D光电子的最大初动能不变 答案： C 试题分析：根据爱因斯坦光电效应方程： 可知，如果改用频率更大的光照射该金属表面，则光电子的最大初动能增大，对同种金属，逸出功不变，所以本题选择 C。 考点：爱因斯坦光电效应方程 如图所示的阴极射线管，无偏转电场时，电子束加速后打到荧屏中央形成亮斑如果只逐渐增大 M1M2之间的电势差，则 A在荧屏上的亮斑向上移动 B在荧
2、屏上的亮斑向下移动 C偏转电场对电子做的功增大 D偏转电场的电场强度减小 答案： AC 试题分析： 由图可知，电极板上极板带正电，故当电子束通过电极板时，将向上偏转，则在荧屏上的亮斑向上移动， A正确， B错误；偏转电压增大，电场对电子做的功增大， C 正确，电场强度由 E=U/d，可知， U增大， E增大， D错；所以本题选择 AC。 考点：带电粒子在电场中的偏转 功 电场强度 飞船 B与空间站 A交会对接前绕地球做匀速圆周运动的位置如图所示，虚线为各自的轨道，则 A A的周期大于 B的周期 B A的加速度大于 B的加速度 C A的运行速度大于 B的运行速度 D A、 B的运行速度小于第一宇
3、宙速度 答案： AD 试题分析：飞船 B与空间站 A绕地球做匀速圆周运动其向心力由万有引力提供，有： ，得 ，因 rA大于 rB， A的加速度小于 B的加速度， B错， A的周期大于 B的周期， A对， A的速度小于 B的速度， C错，第一宇宙速度是绕地球做圆周运动的最大环绕速度，所以 A、 B 的运行速度小于第一宇宙速度，故 D 正确，所以本题选择 AD。 考点：万有引力定律 图 (a)中 、 为理想电表，理想变压器的原、副线圈匝数比 n1 n220 1， ，变压器原线圈接上如图 (b)的正弦交流电，则 A 示数为 220V B 示数为 0.2A C原线圈中交流电的频率是 50 Hz D通过
4、 R的电流的频率为 2.5 Hz 答案： BC 试题分析：由 b图可知，原线圈的电压有效值是 220V，由 ，代入数算得 U2=11V， A错； =0.2A， B正确；由 b图可知，周期 T=0.02s，故频率 =50 Hz，C对， D错，所以本题选择 BC。 考点：变压器 正弦式交变电流 如图，在绕地运行的天宫一号实验舱中，宇航员王亚平将支架固定在桌面上，摆轴末端用细绳连接一小球拉直细绳并给小球一个垂直细绳的初速度，它做圆周运动在 a、 b两点时，设小球动能分别为 Eka、 Ekb，细绳拉力大小分别为 Ta、 Tb，阻力不计，则 A EkaEkb B Eka=Ekb C TaTb D Ta=
5、Tb 答案： BD 试题分析：在天宫一号中，小球处于完全正确失重状态，给小球一个初速度，小球做匀速圆周运动，动能不变， A错， B对；其向心力由绳子拉力提供，由牛顿第二定律有 ，因 m、 R、 v不变，所以拉力大小也不变， C错， D对，所以本题选择 BD。 考点：失重 向心力 功能关系 如图为某压力锅的结构简图将压力阀套在出气孔上，给压力锅加热，在气体把压力阀顶起之前，锅内气体 A压强增大 B内能不变 C对外界做正功 D分子平均动能增大 答案： AD 试题分析：在压力锅内，气体体积不变，由查理定律，加热时，温度升高，压强增大， A正确；温度升高，分子平均动能增大，内能增大， B错， D对；气
6、体体积不变，没有对外做功， C错。所以本题选择 AD。 考点：气体性质 热力学第一定律 如图是悬绳对称且长度可调的自制降落伞用该伞挂上重为 G的物体进行两次落体实验，悬绳的长度 l1F2 C F1=F2G 答案： B 试题分析：由平衡条件，在竖直方向上有 (n为绳条数， 为绳与竖直方向夹角， F这每根绳的拉力 )，得 ， l1F2， B正确。 考点：共点力平衡 如图是荷质比相同的 a、 b两粒子从 O点垂直匀强磁场进入正方形区域的运动轨迹，则 A a的质量比 b的质量大 B a带正电荷、 b带负电荷 C a在磁场中的运动速率比 b的大 D a在磁场中的运动时间比 b的长 答案： C 试题分析：
7、荷质比相同，但不知电量，故不能比较 a、 b的质量， A错；由左手定则可知， a、 b 都带负电荷， B 错；带电粒子在磁场中由洛仑兹力提供向心力，有 ，得 ，荷质比相同， a的半径比 b的大，所以 a在磁场中的运动速率比 b的大， C对；由 ，得运动时间 ，可知，b在磁场中运动的时间比 a的长， D错，所以本题选择 C。 考点：带电粒子在匀强磁场 中的运动 如图是氢原子从 n=3、 4、 5、 6能级跃迁到 n=2能级时辐射的四条光谱线，其中频率最大的是 A H B H C H D H 答案： D 试题分析：由图可知，氢原子从 n=6能级跃迁到 n=2能级时辐射的能量最大，由 可知，它的频率
8、也最大，所以本题选择 D。 考点：氢原子能级结构 氢原子光谱 实验题 “验证机械能守恒定律 ”的实验中图 (甲 )是打点计时器打出的一条纸带，选取其中连续的计时点标为 A、 B、 CG 、 H、 I，对 BH段进行研究 已知打点计时器电源频率为 50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为_ 用刻度尺测量距离时如图 (乙 )，读出 A、 C两点间距为 _ cm， B点对应的速度 vB _m/s（保留三位有效数字）； 若 H点对应的速度为 vH，重物下落的高度为 hBH，当地重力加速度为 g，为完成实验，要比较 与 _大小（用字母表示） 答案： (1) 0.02s（ 2分，数值和单位各 1分，可科学
9、计数法表示） 5.40(2分， 5.335.43均可 )； 1.35(2分， 1.331.36均可 ) vH2-ghBH (2分 )； 试题分析： 打点计时器电源频率为 50Hz，则每隔 0.02s打一点。 SAC=(5.90-0.50)cm=5.40cm， ， 由动能定理有 ，得 考点：实验 “验证机械能守恒定律 ” 图（ a）是测量电源电动势 E 和内阻 r 的原理图 R0=2.5 为定值保护电阻，电流表内阻不计，单位长度电阻 r0=0.10/cm的电阻丝 ac上标有长度刻度 请根据原理图连接图（ b）的实物图； 闭合开关 S，记录 ab的长度 L和电流表 A的示数 I；滑动 b点改变 a
10、b的长度L，测得 6组 L和 I值，并算出对应 的 值写出 与 L、 E、 r、 R0、 r0的关系式 =_； 图（ c）中的 “”是已标出的实验数据，请作出 随 L变化的图线； 根据 -L图线算出电源电动势 E=_V，内阻 r =_（计算结果保留到小数点后两位） 答案： 如答图（ b）（ 2分，按连图规范， 表量程接错或线夹接错均得0分） （ 2分） 如答图（ c）（ 2分，尺规作图，连成曲线或折线得 0分） 1.48（ 2分， 1.461.52均可）， 0.61（ 2分， 0.550.90均可） 试题分析： 电路中的电大电流约为 I=E/R0=1.5/2.5=0.6A，所以电流表量程选0.
11、6A，连接如上图； 由闭合电路欧姆定律有 E=I（ R0+r+r0L） ,解得 ； 作图如上； 结合数学知识可知，直线的斜率 K= ，解得 E=1.48V，图线截距 b= ，解得 r=0.61. 考点：实验 “测量电源电动势和内阻 ” 计算题 （ 18分）如图，匀强磁场垂直铜环所在的平面，导体棒 a的一端固定在铜环的圆心 O处，另一端紧贴圆环，可绕 O匀速转动通过电刷把铜环、环心与两竖直平行金属板 P、 Q连接成如图所示的电路， R1、 R2是定值电阻带 正电的小球通过绝缘细线挂在两板间 M点，被拉起到水平位置；合上开关 K，无初速度释放小球，小球沿圆弧经过 M点正下方的 N点到另一侧 已知：
12、磁感应强度为 B； a的角速度大小为 ，长度为 l，电阻为 r； R1=R2=2r，铜环电阻不计； P、 Q两板间距为 d；带电的质量为 m、电量为 q；重力加速度为 g求： （ 1） a匀速转动的方向； （ 2） P、 Q间电场强度 E的大小； （ 3）小球通过 N点时对细线拉力 T的大小 答案：见试题分析 试题分析： （ 1）依题意，小球从水平位置释放后，能沿圆弧向下摆动，故小球受到电场力的方向水平向右， P板带正电， Q板带负电。由右手定则可知，导体棒 a顺时针转动。（ 2分） （ 2）导体棒 a转动切割磁感线，由法拉第电磁感应定律得电动势大小： （ 2分，若缺中间 推导式只得 1分）
13、由闭合电路欧姆定律： （ 2分） 由欧姆定律可知， PQ的电压为： UPQ （ 2分） 故 PQ间匀强电场的电场强度大小： （ 2分） 联立 ，代入 R1 R2 2r，可得： （ 2分） （ 3）设细绳长度为 L，小球到达 N点时速度为 v，由动能定理可得： （ 2分） 又 （ 2分） 由 得： （ 2分） 【评分说明 ：第（ 1）问给 2分，若在图中标明方向且正确也可，若答 “从图示位置向上转动 ”或 “从图示位置向右转动 ”也可； 各 2分。共 18分。】 考点：法拉第电磁感应定律 闭合电路欧姆定律 动能定理 （ 18分）如图（甲）示，光滑曲面 MP与光滑水平面 PN平滑连接， N端紧靠速
14、度恒定的传送装置， PN与它上表面在同一水平面小球 A在 MP上某点静止释放，与静置于 PN上的工件 B碰撞后， B在传送带上运动的 v-t图象如图（乙）且 t0已知，最后落在地面上的 E点已知重力加速度为 g，传送装置上表面距地面高度为 H （ 1）求 B与传送 带之间的动摩擦因数 ； （ 2）求 E点离传送装置右端的水平距离 L； （ 3）若 A、 B发生的是弹性碰撞且 B的质量是 A的 2倍，要使 B始终落在 E点，试判断 A静止释放点离 PN的高度 h的取值范围 答案：见试题分析 试题分析： （ 1）由 v-t图象知，在 t0时间内， B的加速度大小 （ 1分） B所受滑动摩擦力大小
15、f=2 mg （ 1分） 又由牛顿第二定律可知 B所受合力大小 f=2ma （ 1分） 解得 ： （ 1分） （ 2）由 v-t图象知，小球在传送带上最后的运动阶段为匀速运动，即与传送装置已达到共同速度，它从传送装置抛出的速度 vB1= , 由平抛物体运动规律： （ 1分） （ 1分） 由 ，代入 vB1= ，得： （ 1分） （ 3）若使 B始终落到地面上 E点，也必须是以相同速度离开传送装置；设 B离开传送带时的速度为 ，即有 （ 1分） 由图象可求出 B在传送带上运动时的对地位移始终为 （ 1分） 设 A的质量为 m，碰前速度为 v，碰后速度 vA； B质量为 2m，碰后速度 vB. A
16、下滑过程机械能守恒（或动能定理） mgh= （ 1分 ） A、 B碰撞过程，由 A、 B系统动量守恒 mv = mvA+2mvB （ 1分） A、 B系统机械能守恒 （ 1分） 联立 可解得 ， （ 1分） B始终能落到地面上 E点，有以下两类情形： .若 ， B进入传送带上开始匀减速运动，设 B减速到 经过位移为 S1，有 （ 1分），则应满足 联立 式，可得 （ 1分） .若 ， B以速度 vB进入传送带上匀加速至 ，设此过程 B对地位移为 S2，有 （ 1分），且恒有 联立 式，得 （ 1分），即 恒成立， 综上所述，要使工件 B都落在地面的 E点，小球 A释放点高度 h必须满足条件： （ 1分） 【评分说明： 各 1分，共 18分。】 考点： 匀变速直线运动规律 牛顿第二定律 v-t图象 平抛运动 动能定理 动量守恒
