1、2013届广东省潮州市高三上学期期末教学质量检测理科综合物理试卷与答案（带解析） 选择题 如图，一物体在粗糙水平地面上受斜向上的恒定拉力 F作用而做匀速直线运动，则下列说法正确的是 A物体可能不受弹力作用 B物体可能受三个力作用 C物体可能不受摩擦力作用 D物体一定受四个力作用 答案： D 试题分析：据题意，由于物体在粗糙水平面做匀速直线运动，物体处于平衡状态，据物体的平衡条件物体合力应为 0，对物体受力分析，受到重力 G，支持力 N拉力 F和摩擦力 f，则物体受到四个力，故 D选项正确。 考点：本题考查受力分析。 如图所示为云室中某粒子穿过铅板 P前后的轨迹 .室中匀强磁场的方向与轨迹所在平
2、面垂直 (图中垂直于纸面向里 )由此可知此粒子 A一定带正电 B一定带负电 C从下向上穿过铅板 D 从上向下穿过铅板 答案： AC 试题分析：据题意，带电粒子在匀强磁场中的运动半径为： ，而运动速度为： ，由此式可知，半径大的速度较大，则铅板下方速度较大，所以带电粒子从下方穿过铅板，之后能量减小，速度和半径都减小了，故 C选项正确而 D选项错误；据左手定则可知，该带电粒子带正电，故 A选项正确而 B选项错误。 考点：本题考查带电粒子在匀强磁场中的运动。 一带电粒子射入一正点电荷的电场中，运动轨迹如图所示，粒子从 A运动到 B，则 A粒子带负电 B粒子的动能一直变大 C粒子的加速度先变小后变大
3、D粒子在电场中的电势能先变小后变大 答案： AD 试题分析：据题意，带电粒子受力方向指向运动轨迹的凹侧，则该粒子带负电，A选项正确；从图可知，从 A到 B电场力先做正功后做负功，则动能先增加后减小，电势能先减小后增加，故 B选项错误而 D选项正确；粒子先靠近正电荷后远离正电荷，则电场力先增加后减小，加速度也是先增加后减小，故 C选项错误。 考点：本题考查电场的性质。 在距水平地面一定高度的某点，同时将两物体分别沿竖直方向与水平方向抛出（不计空气阻力），关于都落地的两物体下列说法正确的是： A加速度相同 B机械能都守恒 C一定同时落地 D位移相同 答案： AB 试题分析：据题意，由于不计空气阻力
4、，则两物体运动过程中只受到重力，则加速度均相同，故 A选项正确；由于只受到重力也只有重力做功，则机械能守恒，故 B选项正确；由于沿竖直向下抛出的平均速度较大，在抛出高度相同情况下，竖直下抛先落地，故 C选项错误；竖直抛出位移为竖直抛出的高度 y，水平抛出的物体做平抛运动，位移为 ，故位移不相同， D 选项错误。 考点：本题考查抛体运动。 在如图所示的电路中， E为电源的电动势， r为电源的内电阻， R1、 R2为可变电阻。在下列叙述的操作中，可以使灯泡 L的亮度变暗的是 A仅使 R2的阻值增大 B仅使 R2的阻值减小 C仅使 R1的阻值增大 D仅使 R1的阻值减小 答案： BC 试题分析：据题
5、意，据电路动态平衡问题分析中 “串反并同 ”的结论，当 R2电阻值减小时，由于灯泡与其并联，则灯泡电压减小，则灯泡亮度变暗， B选项正确而 A选项错误；当 R1阻值增大时，由于灯泡与其串联，则灯泡上的电压减小，故灯泡亮度变暗 ， C选项正确而 D选项错误。 考点：本题考查电路动态平衡问题。 我国数据中继卫星定点在东经 77上空的同步轨道上 ,对该卫星下列说法正确的是 A加速度比静止在赤道上物体的加速度小 B离地面高度一定 C在赤道的正上方 D运行速度大于第一宇宙速度 答案： BC 试题分析：据题意 ，中继卫星处于同步轨道，其角速度与地球转动角速度相等，据 可知，中继卫星轨道半径大则向心加速度大
6、，故 A选项错误；设地球半径为 r，据 可得： ，即由于中继卫星角速度一定，则其高度也一定， B选项正确；同步卫星轨道平面与地球赤道平面共面，在赤道正上方，故 C选项正确；据 可知，轨道半径越大则环绕速度越小，故 D选项错误。 考点：本题考查万有引力定律。 如图，汽车从拱形桥顶点 A匀速率运动到桥的 B点下列说法正确的是 A汽车在 A点处于平衡态 B机械能在减小 C A到 B重力的瞬时功率恒定 D汽车在 A处对坡顶的压力等于其重力 答案： B 试题分析：据题意，当小车匀速率通过 A点，对小车受力分析，有：，则小车处于失重状态，故 A、 D选项错误；从 A点到 B点，动能不变，重力势能减少则机械
7、能减小，则 B选项正确；重力的瞬时功率为：，合速度不变但数值分速度增加，则重力瞬时功率增大，故 C选项错误。 考点：本题考查圆周运动。 如图所示， “U”形金属框架固定在水平面上，处于竖直向下的匀强磁场中。现使 ab棒突然获得一初速度 V向右运动，下列说法正确的是 A ab做匀减速运动 B回路中电流均匀减小 C a点电势比 b点 电势低 D安培力对 ab棒做负功 答案： D 试题分析：据题意，物体一旦运动就会产生电动势，即 ，在回路中产生电流，即： ，则导体棒将受到安培力，即： ，据牛顿第二定律有： ，由于安培力做负功，则导体棒速度减小且加速度也减小，物体做加速度减小的减速运动，故 A选项错误
8、而 D选项正确；速度非均匀减小，据 可知电流也非均匀减小，故 B选项错误；据右手定则可知， a端电势较高，故 C选项错误。 考点：本题考查电磁感应。 如图所示是物体在某段直线运动过程中的 v-t图象，则物体由 tl到 t2运动的过程中 A合外力不断增大 B加速度不断减小 C位移不断减小 D平均速度 答案： B 试题分析：据题意，从图像可知物体向正方向做加速度减小的减速运动，则 B选项正确，物体的位移应增大则 C选项错误；由于加速度减小，则据牛顿第二定律可知合力减小，故 A选项错误；当物体做匀减速直线运动则平均速度为，但现在物体做非匀减速直线运动，据 可知非匀减速直线运动在相同时间内位移小，平均
9、速度也小，则在 t1-t2时间内物体的平均速度小于，故 D选项错误。 考点：本题考查对速度 -时间图像的理解。 实验题 物体在空中下落的过程中，重力做正功，物体的动能越来越大，为了 “探究重力做功和物体动能变化间的定量关系 ”，我们提供了如下图的实验装置。 （ 1）某同学根据所学的知识结合右图设计一个本实验情景的命题：如图所示，设质量为 m（已测定）的小球在重力 mg作用下从开始端自由下落至光电门发生的位移 s，通过光电门时的速度 v，试探究外力做的功 mgs与小球动能变化量的定量关系。 （ 2）某同学根据上述命题进行如下操作并测出如下数据。 用天平测定小球的质量为 0.50kg； 用 测出小
10、球的直径为 10.0mm； (选填 :刻度尺 ,游 标卡尺 ,螺旋测微器 ) 用刻度尺测出电磁铁下端到 的距离为 80.40cm； 电磁铁先通电，让小球 。 让电磁铁断电，小球自由下落。 在小球经过光电门时间内，计时装置记下小球经过光电门所用时间为2.5010-3s。 计算得出重力做的功为 4.02J，小球动能变化量为 J。 (g取 10m/s2，结果保留三位有效数字 ) （ 3）试根据在（ 2）中条件下做好本实验的结论： 。 答案： (2) 游标卡尺 , 光电门 , 吸在电磁铁下端 4.00 (3) 在误差允许范围内外力做功与动能变化量相等 共 7分 每空 1分 ,余者每空 2分 试题分析：
11、（ 2）据题意， 中小球直径为 10.0mm，一定不是螺旋测微器测量的数据，用刻度尺测量小球直径误差较大，所以是用游标卡尺测量出来的。 据 ，式中小球速度用光电门测量，则 s是指从电磁铁下端到光电门的距离。 小球 要从静止释放，则释放前应让电磁铁吸住。 由于小球通过光电门的时间极短，则小球通过光电门的平均速度可以近似看成通过光电门的瞬时速度，即： ，则通过光电门时小球动能变化为：。（ 3）在实验误差允许范围内，外力做的功等于小球动能变化。 考点：本题考查探究外力做功与动能变化关系。 某同学 使用如下图 A所示器材测定小灯泡在不同电压下的阻值 ,已知小灯泡标有 9V,4.5W字样 ,备选滑动变阻
12、器有二种规格 ,R1标有 ”5,2A”R2标有 ”100,2A”现要求小灯泡两端电压从零开始 ,并能测量多组数据 . （ 1）为使操作更为方便 ,滑动变阻器应选 用 (选填 R1,R2) （ 2）将图中的实物图补充完整 ,使其能尽量准确地测量小灯泡的阻值 . 本实验操作时应闭合开关 ,移动滑动变阻器滑片 ,使小灯泡电流 (选填 ”从小到大 ”或 ”从大到小 ”)变化 ,读取数据 . 若某同学选用 15V量程电压表进行测量示数如下图 B所示 ,此时示数为 下图 C为某同学根据实验数据做出的一根 I-U图线 ,从图中可以求出小灯泡正常工作时的阻值大小为 ,(保留三位有效数字 )此阻值比小灯泡的实际
13、阻值偏 。 (选填 “大 ”或 “小 ”) 答案： (1) R1 (2)见下图 ,两种情况均给分 (3)从小到大 8.5V (4)16.4 ； 小 ； 试题分析：（ 1）据题意，可以计算出灯泡的电阻为： ，要使灯泡电压从 0调起，滑动变阻器需要接触分压式，则滑动变阻器应选择 R1；（ 2）滑动变阻器需要接成分压式，由于 18 的电阻是个小电阻，电流表接触外接法。（ 3）为了不让灯泡烧坏，电流应从小调起；这是 1/5估读法，读数为 8.5v。（ 4）灯泡要正常工作，电压需要达到额定电压 9v，则灯泡此时电阻为：,由于电流表外接，测量电流大于灯泡真实电流，据可知电阻测量值偏小。 考点：本题考查灯泡
14、电阻的测量。 计算题 如图所示 ,在 XOY直角坐标系中 ,OQ与 OP分别与 X轴正负方向成 450,在POQ区域中存在足够大的匀强电场 ,场强大小为 E,其余区域存在匀强磁场 ,一带电量为 +q的质量为 m粒子在 Y轴上 A点 (0,-L)以平行于 X轴速度 v0进入第四象项 ,在 QO边界垂直进入电场 ,后又从 PO边 界离开电场 ,不计粒子的重力 . 求 (1)匀强磁场的磁感应强度大小 (2)粒子从 PO进入磁场的位置坐标 答案：（ 1） （ 2）（ ） 试题分析： (1)设磁感应强度为 B则在磁场中运动，根据牛顿第二定律有 3分 由几何关系可得 r=L 3分 则 3分 (2)设粒子在
15、电场中运动的加速度大小为 则根据牛顿第二定律有 3分 由平抛运动规律知 3分 2分 则坐标值为（ ） 2分 考点：本题考查带电粒子在匀强磁场中的圆周运动，在匀强电场中的类平抛运动。 如图所示 ,高为 H=0.45m的台面上有轻质细绳 , 绳的一端系一质量为 m=0.1kg的小球 P,另一端挂在光滑的水平轴上 O上 ,O到小球 P的距离为 R=0.1m,小球与台面接触 ,但无相互作用 ,在小球两侧等距离各为 L=0.5m处 ,分别固定一光滑斜面及一水平向左运动的传送带 ,传送带长为 d=0.9m,运行速度大小为 v=3m/s,现有一质量也为 m可视为质点的小滑块 Q从斜面上的 A处无初速滑下 (
16、A距台面高h=0.7m),至 C处与小球发生弹性碰撞 ,已知滑块与台面的动摩擦因数为 1=0.5,与传送带之间动摩擦因数为 2=0.25，不计传送带高度 ,及滑轮大小对问题的影响。(重力加速 度 g=10m/s2) 求 (1)当小球被撞后做圆周运动到最高点时对轻绳的作用力大小 (2)滑块的最终位置与传送带末端的 E的距离 (3)整个过程传送带电机消耗的电能 答案：（ 1） 4N （ 2） 1.3m （ 3） 1.2J 试题分析： (1)对滑块 Q从 A到 C根据动能定理有 : 得 2分 PQ发生弹性碰撞，因质量相等 ,故交换速度，撞后 P的速度为 1分 P运动至最高点的速度为 ,根据机械能守恒
17、定律有 : 得 2分 P在最高点根据牛顿第二定律有 : 2分 根据牛顿第三定律知轻绳受力大小 1分 (2)PQ再撞后再次交换速度对物块有 1分 对物块从 C到 D根据动能定理有 : 得1分 物块进入传送带做匀减速运动，设加速度大小为 1则根据牛顿第二定律有 : 得 由运动学公式知减速至速度为零时间为 1分 进入传送带位移为 : 因 S1d 故物块从左边离开传送带 ,离开时速度大小为 1分 在 CD上再次减速 ,设加速大小为 2则根据牛顿第二定律有 : 得 由运动学公式知减速至 0位移为 因 S2L故不会再与球相撞 1分 与传送带末端 E的距离为 D=S2+d=1.3m 1分 （ 3）在传送带上运动的两段时间均为 t=0.8S 此过程传送带向左移运动两段位移 1分 在传带上产生的热量为 : 2分 因传送带速度大小不变，物块进出传送带速度大小相等， 由能量守恒定律知电动机提供电能为 1分 考点：本题考查动能定理，机械能守恒定律，牛顿第二定律，
