1、2014届高考物理一轮复习必拿分基础训练（ 7）（带解析） 选择题 右图示为一链条传动装置的示意图已知主动轮是逆时针转动的，转速为 n，主动轮和从动轮的齿数比为 k.以下说法中正确的是 ( ) A从动轮是顺时针转动的 B从动轮是顺时针转动的 C从动轮的转速为 nk D从动轮的转速为 n/k 答案： C 试题分析：因为主动轮是逆时针转动，从动轮通过皮带的摩擦力带动转动，所以从动轮也做逆时针转动， AB错误；主动轮与从动轮的转速比等于两轮的齿数之反比，即 ，故 C正确 D错误 故选 C 考点：考察了匀速圆周运动规律的应用 点评：在研究同一根带子转动时，要知道线速度相等，同轴转动，角速度相等 如右图
2、所示，物体在水平外力作用下处于静止状态，当外力 F由图示位置逆时针转到竖直位置的过程中，物体仍保持静止，则静摩擦力可能为 ( ) 0 F 2F A B C D 答案： C 试题分析：设外力与水平方向的夹角为 根据平衡条件得 物体所受的静摩擦力 当 =0时，静摩擦力 f最大， 当 =90时，静摩擦力 f最小， 则 所以 可能， 不可能 故选 C 考点：静摩擦力和最大静摩擦力 点评：本题是简单的动态分析问题，关键确定静摩擦力的范围，来进行选择 汶川大地震后，为解决灾区群众的生活问题，党和国家派出大量直升机空投救灾物资有一直升机悬停在空中向地面投放装有物资的箱子，如右图所示设投放初速度为零，箱子所受
3、的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动过程中箱子始终保持图示姿态在箱子下落过程中，下列说法正确的是( ) A箱内物体对箱子底部始终没有压力 B箱子刚投下时，箱内物体受到的支持力最大 C箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大 D若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而 “飘起来 ” 答案： C 试题分析：由于箱子在下降的过程中受到空气的阻力，加速度的大小要小于重力加速度，由牛顿第二定律可知物体一定要受到箱子底部对物体的支持力的作用，所以 A错误箱子刚从飞机上投下时，箱子的受到为零，此时受到的阻力的大小也为零，此时加速度的大小为重力加速度，物体处于完全失重状态，箱内物体受到
4、的支持力为零，所以 B错误箱子接近地面时，速度最大，受到的阻力最大，所以箱子底部对物体向上的支持力也是最大的，所以 C正确若下落距离足够长，由于箱子阻力和下落的速度成二次方关系，最终将匀速运动，受到的压力等于重力，所以 D错误 故选 C 考点：牛顿运动定律的应用 -超重和失重 点评：本题主要是考查根据物体的运动情况来分析物体受力的大小，物体运动状态的判断是解题的关键 如右图所示，水平地面上有一楔形物块 a，其斜面上有一小物块 b， b与平行于斜面的细绳的一端相连，细绳的另一端固定在斜面上 a与 b之间光滑， a和 b以共同速度在地面轨 道的光滑段向左运动当它们刚运行至轨道的粗糙段时 ( ) A
5、绳的张力减小， b对 a的正压力减小 B绳的张力增加，斜面对 b的支持力增加 C绳的张力减小，地面对 a的支持力增加 D绳的张力增加，地面对 a的支持力减小 答案： C 试题分析：在光滑段运动时，物块 a及物块 b均处于平衡状态，对 a、 b整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡； 对 b受力分析，受重力、支持力、绳子的拉力，根据共点力平衡条件，有 ； ； 由 两式解得： ； 当它们刚运行至轨道的粗糙段时，减速滑行，系统有水平向右的加速 度，此时有两种可能； 物块 a、 b仍相对静止，竖直方向加速度为零，由牛顿第二定律得到： ； ； 由 两式解得： ； 即绳的张力 F将减小，而 a对 b的支持
6、力变大； 再对 a、 b整体受力分析竖直方向重力和支持力平衡，水平方向只受摩擦力，重力和支持力二力平衡，故地面对 a支持力不变 物块 b相对于 a向上加速滑动，绳的张力显然减小为零，物体具有向上的分加速度，是超重，因此 a对 b的支持力增大，斜面体和滑块整体具有向上的加速度，也是超重，故地面对 a的支持力也增大 综合上述讨论，结论应该为：绳子拉力一定减小；地面 对 a 的支持力可能增加；a对 b的支持力一定增加故 ABD错误； 故选 C 考点：牛顿第二定律 点评：本题关键要熟练运用整体法和隔离法对物体受力，同时要能结合牛顿运动定律求解！解题中还可以运用超重与失重的相关知识 如右图所示，质量为
7、m的木块在质量为 M的长木板上向右滑行，木块受到向右的拉力 F的作用，长木板处于静止状态，已知木板与长木板间的动摩擦因数为 1，长木板与地面间的动摩擦因数为 2，则 ( ) A长木板受到地面的摩擦力的大小一定是 1Mg B长木板受到地面的摩擦力的大小一定是 2(m M)g C当 F2(m M)g时，长木板便会开始运动 D无论怎样改变 F的大小，长木板都不可能运动 答案： D 试题分析：以木板为研究对象，木板水平方向两个力： m 的向右的滑动摩擦力，大小为 和地面向左的静摩擦力 ，根据平衡条件得：故 A错误地面对木板的最大静摩擦力为 ，而题中条件不足，无法判断木板所受的静摩擦力是否达到最大值，所
8、以木板受到地面的摩擦力的大小不一定是 故 B错误当时，木块对木板的滑动摩擦力大小仍等于 ，没有变化，木板都不可能运动故 C 错误无论怎样改变 F 的大小，木块对木板的滑动摩擦力大小不 变，不会大于地面对木板的最大静摩擦力，木板都不可能运动故 D正确 故选 D 考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力 点评：本题采用隔离法分析木板的受力情况，木板所受的静摩擦力一般不能用求解大小 荡秋千是大家喜爱的一项体育活动，随着科技的发展，将来有一天，同学们也许会在其它星球上享受荡秋千的乐趣假设你当时所在星球的质量与地球质量之比为 1 80，半径为 1 4.可将人看成质点，摆角小于 90，若经过最低位置的速度为 4 m
9、/s，你能上升的最大高度是 ( ) A 0.8 m B 4 m C 2 m D 1.6 m 答案： B 试题分析：由黄金代换式 ,可得星球表面的重力加速度：，由机械能守恒定律得： ， B正确 故选 B 考点：考查了万有引力定律的应用 点评：把星球表面的物体运动和天体运动结合起来是考试中常见的问题重力加速度 g是天体运动研究和天体表面宏观物体运动研究联系的物理量 以 35 m/s的初速度竖直向上抛出一个小球不计空气阻力， ，以下判断错误的是 ( ) A小球到最大高度时的速度为 0 B小球到最大高度时的加速度为 0 C小球上升的最大高度为 61.25 m D小球上升阶段所用的时间为 3.5 s 答
10、案： B 试题分析：小球做匀减速直线运动，当上升到最高点时，小球的速度减为零，再向下做匀加速直线运动，故 A正确；小球到达最高点时，小球仍受重力，故加速度仍为 g；故 B错误；由 可得，小球上升的最大高度，故 C正确；由 可得，上升所用时间为 ，故D正确； 本题选错误的，故选 B 考点：考查了竖直上抛运动 点评：竖直上抛运动为末速度为零的匀减速运动，可以用反向法看作初速度为零的匀加速直线运动 如下图所示，三个小球从同一高处的 O 点分别以水平初速度 v1、 v2、 v3 抛出，落在水平面上的位置分别是 A、 B、 C， O是 O 在水平面上的射影点，且OA AB BC 1 3 5.若不计空气阻
11、力，则下列说法正确的是 ( ) A v1 v2 v3 1 3 5 B三个小球下落的时间相同 C三个小球落地的速度相同 D三个小球落地的动能相同 答案： B 试题分析：做平抛运动的物体在空中运动的时间是由高度决定的，根据可得，高度相同，下落时间相同， B项正确；根据平抛运动的速度公式，由于 ，所以，故 ， A 项错误；落地时的速度 ，由于三个小球高度相同，所以落地时它们的竖直分速度 vy是相等的，但是由于不相等，所以落地时的速度 v不相等， C项错误；由于三小球落地时的速度不相等，所以它们落地时动能也不相等， D项错误 故选 B 考点：本题考查平抛运动的规律 点评：三个小球都做平抛运动，将其分解
12、为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，运用平抛运动的位移公式、速度公式列式分析 如右图所示，长为 L的轻杆 A一端固定一个质量为 m的小球 B，另一端固定在水平转轴 O 上，轻杆 A绕转轴 O 在竖直平面内匀速转动，角速度为 .在轻杆 A与水平方向夹角 从 0增加到 90的过程中，下列说法正确的是 ( ) A小球 B受到轻杆 A作用力的方向一定沿着轻杆 A B小球 B受到的合力的方向不一定沿着轻杆 A C小球 B受到轻杆 A的作用力逐渐增大 D小球 B受到轻杆 A的作用力对小球 B做正功 答案： D 试题分析：因为小球在竖直平面内做匀速圆周运动，所以小球 B受到的合力的方向一定沿着
13、轻杆 A， A、 B均错误由于小球所受的重力以及所需的向心力均不变，而重力与合力 (向心力 )之间的夹角减小，故小球 B受到轻杆 A的作用力逐渐减小， C错误；由于小球的动能不变，而重力做负功，所以小球 B受到轻杆 A的作用力对小球 B做正功， D正确 考点：考察了圆周运动规律 点评：本题要紧扣匀速转动 ，这题说明杆的作用力方向不一定沿杆子方向，要由物体的状态进行分析 太阳系中的 8大行星的轨道均可以近似看成圆轨道下列 4幅图是用来描述这些行星运动所遵从的某一规律的图象图中坐标系的横轴是 lg(T/T0)，纵轴是 lg(R/R0)；这里 T 和 R 分别是行星绕太阳运行的周期和相应的圆轨道半径
14、，T0 和 R0 分别是水星绕太阳运行的周期和相应的圆轨道半径下列 4幅图中正确的是 ( )答案： B 试题分析：根据开普勒周期定律： 两式相除后取对数，得：， 整理得： ，所以 B正确 故选 B 考点：开普勒定律 点评：本题 要求学生对数学知识要比较熟悉，并且要有一定的计算能力，主要是数学的计算问题 假设我国发射的探月卫星 “嫦娥一号 ”的绕月运行轨道和载人飞船 “神舟七号 ”的绕地运行轨道都可以看成是圆轨道，且不计卫星到月球表面的距离和飞船到地球表面的距离已知月球质量约为地球质量的 1/81，月球半径约为地球半径的 1/4，地球上的第一宇宙速度约为 7.9 km/s，卫星和飞船的轨道半径分
15、别为 r星、 r船，周期分别为 T星、 T船，且 ， ，则下列说法或结果正确的是 ( ) A “神舟七号 ”绕地运行的速率大于 7.9 km/s B “嫦娥一号 ”绕月运行的速率为 3.95 km/s C k星 k船 1 81 D T星 T船 1 4 答案： C 试题分析：根据 可知轨道越高，运行速度越小，第一宇宙速度是物体在地球表面附近做匀速圆周运动的临界速度，故飞船速度应小于第一宇宙速度，A错误； “嫦娥一号 ”绕月运行的速率 ， B错误；飞船和卫星分别绕地球和月球运行，由万有引力提供向心力，有：，故 ， ，代入数据得：， C正确， D错误 故选 C 考点：考查了万有引力定律的应用 点评：
16、关键是对公式的灵活掌握，基础题，难度适中 关于速度和加速度，下列说 法中正确的是 ( ) A速度不变时，加速度可能改变 B加速度增大时，速度可能减小 C速度变化越来越快时，加速度越来越小 D速度方向改变时，加速度的方向也一定改变 答案： B 试题分析：速度不变时，加速度一定为零，选项 A错误；加速度方向与速度方向相反时速度减小，选项 B正确；加速度是表示速度变化快慢的物理量，速度变化越来越快时，加速度越来越大，选项 C错误；速度方向改变时，加速度方向不一定改变，如平抛运动，加速度恒定不变，选项 D错误 故选 B 考点：考查了速度与加速度的关系 点评：做此类型的关键一是 对各物理量的正确理解，二
17、是掌握一些相关的特例，如匀速圆周运动和平抛运动 小明站在水平地面上，手握不可伸长的轻绳一端，绳的另一端系有质量为m的小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周运动当球某次运动到最低点时，绳突然断掉，球飞行水平距离 d后落地，如右图所示已知握绳的手离地面高度为 d，手与球之间的绳长为 ，重力加速度为 g.忽略手的运动半径和空气阻力 (1)求绳断时球的速度大小 v1 和球落地时的速度大小 v2. (2)问绳能承受的最大拉力多大？ (3)改变绳长，使球重复上述运动，若绳仍在球运动到最低点时断掉，要使球抛出的水平距离最大，绳长应为多少？最大水平距离为多少？ 答案： (1) (2 (3) 试题分析： (1)
18、设绳断后球飞行时间为 t，由平抛运动规律，有竖直方向， 水平方向 联立解得 由机械能守恒定律，有 得 . (2)设绳能承受的最大拉力大小为 ，这也是球受到绳的最大拉力大小 球做圆周运动的半径为 由圆周运动向心力公式，有 联立解得 . (3)设绳长为 l，绳断时球的速度大小为 v3，绳承受的最大拉力不变， 有 得 绳断后球做平抛运动，竖直位移为 d-l，水平位移为 x，时间为 . 有 得 当 时， x有极大值 . 考点：牛顿第二定律；平抛运动；向心力 点评：考查了平抛运动的规律、圆周运动结合动能定理，较难 探测器绕月球做匀速圆周运动，变轨后在周期较小的轨道上仍做匀速圆周运动，则变轨后与变轨前相比
19、 ( ) A轨道半径变小 B向心加速度变小 C线速度变小 D角速度变小 答案： A 试题分析：探测器做匀速圆周运动由万有引力充当向心力，根据牛顿第二定律可得： ,解得： ,周期变小，轨道半径减小， A 正确；根据公式 ，解得 ,半径减小，线速度增大， C错误；根据公式 ，可得 ，半径减小，角速度增大， D错误；根据公式 可 半径减小，向心加速度增大， D错误， 故选 A 考点：万有引力定律及其应用 点评：人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期，向心加速度的表达式，进而可分析各选项 英国新科学家 (New Scientist)杂志评选出了
20、 2013年度世界 8项科学之最，在 XTEJ1650-500双星系统中发现的最小黑洞位列其中若某黑洞的半径 R约45 km，质量 M和半径 R的关系满足 其中 c为光速， G为引力常量 )，则该黑洞表面重力加速度的数量级为 ( ) A B C D 答案： C 试题分析：黑洞实际为一天体，天体表面的物体受到的重力近似等于物体与该天体之间的万有引力， 对黑洞表面的某一质量为 m物体有： ，又有 ， 联立解得 ，带入数据得重力加速度的数量级为 ， 故选 C 考点：万有引力定律及其应用 点评：处理本题要从所给的材料中，提炼出有用信息，构建好物理模型，选择合适的物理方法求解 质量为 2 kg的质点在
21、x-y平面上做曲线运动，在 x方向的速度图象和 y方向的位移图象如右图所示，下列说法正确的是 ( ) A质点的初速度为 5 m/s B质点所受的合外力为 5 N C质点初速度的方向与合外力方向垂直 答案： 试题分析： v-t图像的斜率表示加速度，故由 x方向的速度图象可知，在 x方向的加速度为 ，根据牛顿第二定律可得受力 ， x-t图像的斜率表示物体运动的速度，故由在 y方向的位移图象可知在 y方向做匀速直线运动，速度为 ，受力 .因此质点的初速度为 5 m/s， A选项正确；受到的合外力为 3 N， B选项错误；显然，质点初速度方向与合外力方向不垂直， C选项错误； 2 s末质点速度应该为
22、， D选项错误 故选 A 考点：考查了对运动图像的理解 v-t图像的斜率表示加速度， x-t图像的斜率表示物体运动的速度， 点评：关键是知道 如右图所示，在斜面顶端 a处以速度 水平抛出一小球，经过时间 恰好落在斜面底端 P处；今在 P点正上方与 a等高的 b处以速度 水平抛出另一小球，经过时间 恰好落在斜面的中点处若不计空气阻力，下列关系式正确的是 ( ) A B C D 答案： B 试题分析：做平抛运动的物体运动时间由竖直方向的高度决定 ， a物体下落的高度是 b的 2倍，所以有 ，所以 CD错误； 水平方向的距离由高度和初速度决定 ，由题意得 a的水平位移是 b的2倍，可知 ，所以 B正
23、确 A错误 故选 B 考点：本题考查平抛运动， 点评：平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解 如右图所示，在绕中心轴 OO转动的圆筒内壁上，有一物体随圆筒一起转动在圆筒的角速度逐渐增大的过程中，物体相对圆筒始终未滑动，下列说法中正确的是 ( ) A物体所受弹力逐渐增大，摩擦力大小一定不变 B物体所受弹力不变，摩擦力大小减小了 C物体所受的摩擦力与竖直方向的夹角为零 D物体所受弹力逐渐增大，摩擦力大小可能不变 答案： D 试题分析：在圆筒的角速度逐渐增大的过程中，物体相对圆筒始终未滑动，则摩擦力的竖直分量与重力平衡，切线分量与速度方向相同，使物体速度增加，
24、 所以物体所受的摩擦力与竖直方向的夹角不为零， C错误；物体的向心力由弹力提供，随着速度增加，向心力增加，物体所受弹力逐渐增大，如果圆筒的角速度均匀增加，则摩擦力大小不变， D正确 AB错误 故选 D 考点：匀速圆周运动；共点力平衡的条件及其应用； 点评：本题中要使静摩擦力与重力平 衡，角速度要大于某一个临界值，即重力不能小于最大静摩擦力！ 地球有一个可能的天然卫星被命名为 “J002E2”，这个天体是美国亚利桑那州的业余天文爱好者比尔 杨发现的，他发现 “J002E2”并不是路经地球，而是以 50天的周期围绕地球运行，其特征很像火箭的残片或其他形式的太空垃圾由此可知 “J002E2”绕地半径
25、与月球绕地的半径之比约为 ( ) A B C D 答案： A 试题分析：万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律可得：有和 ，两式相比解得： ， A 正确 故选 A 考点：考查了万有引力定律的应用 点评：关键是对公式 灵活掌握 如右图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为 R，小球半径为 r，则下列说法正确的是 ( ) A小球通过最高点时的最小速度 B小球通过最高点时的最小速度 C小球在水平线 ab以下的管道中运动时，内侧管壁对小球有较小的作用力 D小球在水平线 ab以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力 答案： B 试题分析：因为管道的下表面可以对小球存在力的作用，
26、所以小球沿管上升到最高点的速度可以为零，故 A错误， B正确；小 球在水平线 ab以下的管道中运动时，由外侧管壁对小球的作用力 与球重力在背离圆心方向的分力 的合力提供向心力，即： ，因此，外侧管壁一定对球有作用力，而内侧壁无作用力， C错误；小球在水平线 ab以上管道运动，由于沿半径方向的合力提供做圆周运动的向心力，可能外侧壁对小球有作用力，也可能内侧壁对小球有作用力故 D错误 故选 B 考点：向心力；牛顿第二定律 点评：解决本题的关键知道小球在竖直光滑圆形管道中运动，在最高点的最小速度为 0，以及知道小球在竖直面内做圆周运动的向心力由沿半径方向上的合力提供 经长期观测人们在宇宙中已经发现了
27、 “双星系统 ” “双星系统 ”是由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体如右图所示，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力的作用下，绕连线上的 O 点做周期相同的匀速圆周运动现测得两颗星之间的距离为 L，质量之比为 m1 m2 3 2.则可知 ( ) A m1、 m2 做圆周运动的线速度之比为 3 2 B m1、 m2 做圆周运动的角速度之比为 3 2 C m1 做圆周运动的半径为 D m2 做圆周运动的半径为 答案： C 试题分 析：双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，对 ：，对 ： 得： ， 所以 C正确， D错误；
28、又 ，所以线速度之比故 A错误根据公式 可得 1:1， B错误 故选 C 考点：双星问题 点评：解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度以及会用万有引力提供向心力进行求解 如右图所示， P是水平面上的圆弧凹槽从高台边 B点以某速度 v0 水平飞出的小球，恰能从固定在某位置的凹槽的圆弧轨道的左端 A点沿圆弧切线方向进入轨道 O 是圆弧的圆心， 1是 OA与竖直方向的夹角， 2是 BA与竖直方向的夹角则 ( ) A B C D 答案： B 试题分析： 平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动速度与水平方向的夹角为 ， 位移与竖直方向的夹角为 ， ，
29、则 故 B正确， ACD错误 故选 B 考点：考查了平抛运动规律 点评：解决本题的关键掌握处理平抛运动的方法，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动以及知道速度与水平方向夹角的正切值是同一位置位移与水平方向夹角的正切值的两倍 计算题 如右图所示，将一根光滑的细金属棒折成 “V”形，顶角为 2，其对称轴竖直，在其中一边套上一个质量为 m的小金属环 P. (1)若固定 “V”形细金属棒，小金属环 P从距离顶点 O 为 x的 A点处由静止自由滑下，则小金属环由静止下滑至顶点 O 需多长时间？ (2)若小金属环 P随 “V”形细金属棒绕其对称轴以每秒 n转匀速转动时，则小金属环
30、离对称轴的距离为多少？ 答案： (1) (2) 试题分析： (1)设小金属环沿棒运动的加速度为 a，滑至 O 点用时为 t，由牛顿第二定律得 由运动学公式得 联立解得 t . (2)设小金属环离 对称轴的距离为 r，由牛顿第二定律和向心力公式得 联立解得 r . 考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；向心力 点评：本题主要考查了牛顿第二定律及匀速圆周向心力公式的直接应用，关键是对小球进行受力分析求出合力，难度不大，属于基础题 如右图所示，竖直平面内两根光滑细杆所构成的角 AOB被铅垂线 OO平分， AOB 120.两个质量均为 m的小环 P、 Q 通过水平轻弹簧的作用静止在A、 B两处，
31、A、 B连线与 OO垂直，连线与 O 点的距离为 h，弹簧原长为 .现在两小环沿杆向下移动至 AB，使其在竖直方向上均 下移 h距离，同时释放两环整个过程未超出弹簧的弹性限度，重力加速度为 g，试求： (1)弹簧的劲度系数； (2)释放瞬间两环加速度的大小 答案： (1) (2)g 试题分析： (1)在 A、 B处，弹簧处于伸长状态，伸长量 由小环 P(或 Q)受力平衡可知： 根据胡克定律知 F kx. 解之得 . (2)在 A、 B处，弹簧伸长量 此时弹簧弹力 . 由牛顿第二定律知，释放瞬间 解得 . 考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；胡克定律 点评：本题根据先后对 小环受力分析，运
32、用共点力平衡条件、牛顿第二定律并结合胡克定律列式分析求解 参加电视台娱乐节目，选手要从较高的平台上以水平速度跃出后，落在水平传送带上，已知平台与传送带高度差 H 1.8 m，水池宽度 x0 1.2 m，传送带 A、 B间的距离 L0 20 m，由于传送带足够粗糙，假设人落到传送带上后瞬间相对传送带静止，经过一个 t 1.0 s反应时间后，立刻以 a 2 m/s2恒定向右加速度跑至传送带最右端 (1)若传送带静止，选手以 v0 3 m/s水平速度从平台跃出，求从开始跃出到跑至传送带右端经历的时间 (2)若传送带以 u 1 m/s的恒定速度向左运动，选手要能到达传送带右端，他从高台上跃出的水平速度
33、 v1 至少多大？在此情况下到达 B点时速度大小是多少？ 答案： (1)6.0 s (2)4.08 m/s 试题分析： (1)设选手落在传送带前的运动时间为 ，水平运动距离为 ；选手在传送带上的运动时间为 ，运动距离为 ，由运动学公式可得 ， 0.6 s. ， . . (2)设水平跃出速度 v1，落到传送带 1 s反应时间内向左位移大小为 ，则 ut 1 m. 然后设向左减速至速度为零又向左发生位移为 ，则 0.25 m. 不从传送带上掉下，平抛水平位移 ， 则 ，最小速度为 4.08 m/s. 设在此情况下到达 B点时速度大小为 v，则 ，. 考点：平抛运动；牛顿第二定律 点评：解决本题的关键分析出选手的运动情况，然后根据平抛运动和运动学公式求解
