1、2014届高考物理一轮复习必拿分基础训练（ 31）（带解析） 选择题 “5 12”汶川大地震，牵动了全国人民的心一架装载救灾物资的直升飞机，以 10 m/s的速度水平飞行，在距地面 180 m的高度处，欲将救灾物资准确投放至地面目标若不计空气阻力， g取 10 m/s2，则 ( ) 物资投出后经过 6 s到达地面目标 物资投出后经过 18 s到达地面目标 应在距地面目标水平距离 60 m处投出物资 应在距地面目标水平距离 180 m处投出物资 A B C D 答案： A 试题分析：物资投出后做平抛运动，其落地所用时间由高度决定， ， 项正确， 项错误；抛出后至落地的水平位移为 ， 项正确， 项
2、错误所以选项 A正确 故选 A 考点：考查了平抛运动 点评：本题关键是明确货物做平抛运动，然后根据平抛运动的位移公式列式求解 一物体从静止开始由倾角很小的光滑斜面顶端滑下，保持斜面底边长度不变，逐渐增加斜面长度以增加斜面倾角在倾角增加的过程中 (每次下滑过程中倾角不变 )，物体的加速度 a和物体由顶端下滑到底端的时间 t的变化情况是( ) A a增大， t增大 B a增大， t变小 C a增大， t先增大后变小 D a增大， t先变小后增大 答案： D 试题分析：根据牛顿第二定律得， ， 增大，加速度增大匀加速直线运动的位移 ，根据 得，知 增大， t先减小后增大故 D正确， ABC错误 故选
3、 D 考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动规律的应用 点评：本题综合运用了牛顿第二定律和运动学知识，加速度是联系前后的桥梁，通过加速度可以根据力求运动 如右图所示电路中，闭合电键 S，当滑动变阻器的滑动触头 P向下滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用 I、 、 表示下列判断正确的是 ( ) A I减小， 增大 B I减小， 增大 C I增大， 增大 D I增大， 增大 答案： B 试题分析：闭合电键 S，当滑动变阻器的滑动触头 P向下滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻 R增大，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流 减小，路端电压 U增大 的电压等于路端电压，则流过
4、 电流增大流过电流表的电流 ， 减小， 增大， I 减小， 的电压减小，即电压表 的示数 减小电压表 示数 ， U增大， 减小，则增大所以， I减小， 减小， 增大 故选 B 考点：本题考查电路的动态分析 点评：对于电路的动态分析问题，首先要认清电路部分的连接关系，往往按 “局部 整体 局部 ”思路分析 如右图所示，在倾角为 的光滑斜面上有两个用劲度系数为 k的轻质弹簧相连的物块 A、 B，质量均为 m，开始时两物块均处于静止状态现下压 A再静止释放使 A开始运动，当物块 B刚要离开挡板时， A的加速度的大小和方向为 ( ) A 0 B 2gsin ，方向沿斜面向下 C 2gsin ，方向沿斜
5、面向上 D gsin ，方向沿斜面向下 答案： B 试题分析：当 B刚离开挡板时，弹簧弹力大小为 ，弹簧 处于伸长状态；对 A进行受力分析，沿着斜面向下的方向有 ，弹簧弹力沿着斜面向下的方向的拉力 N，所以合力为 ，根据牛顿第二定律得： A的加速度为 ，方向沿着斜面向下 故选 B 考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 点评：本题主要抓住当物块 B刚要离开挡板时， B处于静止状态，受力平衡，且挡板对 B的作用力为零为突破口进行求解，难度适中 从同一点沿水平方向抛出的甲、乙两个小球能落在同一个斜面上，运动轨迹如图所示，不计空气阻力，下列说法正确的是 ( ) A甲球下落的时间比乙球下落的时间长
6、B甲球下落的时间和乙球下落的时间相等 C甲球的初速度比乙球初速度大 D甲球的初速度比乙球初速度小 答案： C 试题分析：采用 “直接判断法 ”求解从抛出到落到斜面上，甲球下落的竖直高度小于乙球，由 知甲球下落的时间比乙球下落的时间短， AB错误甲球的水平位移大于乙球，并且甲球下落的时间比乙球下落的时间短，由 知，甲球的初速度比乙球初速度大 C正确 D错误 故选 C 考点：考查了平抛运动规律的应用 点评：关键是知道平抛运动可分解为竖直和水平两个方向上的运动，比较简单， 如右图所示， 为两个固定点电荷，其中 带正电，它们连线的延长线上有 a、 b两点一正试探电荷以一定的初速度沿直线从 b点开始经
7、a点向远处运动，其速度图象如下图所示则 ( ) A 带正电 B 带负电 C试探电荷从 b到 a的过程中机械能增大 D试探电荷从 b到 a的过程中电势能减小 答案： B 试题分析：根据速度图象的斜率等于加速度，由图知，试探电荷经过 a点时的加速度为零，由牛顿第二定律得知，电荷所受的电场力为零， a点的合场强必为零， 在 a点产生的场强大小相等、方向相反，故 一定带负电故 A错误 B 正确；由图知：从 b 点到 a 点电荷的速度先减小后增大，最后趋近匀速，说明电场力先做负功后做正功，故机械能先减小后增大，电势能先增大后减小，CD错误 故选 B 考点：电场力做功与电势能的关系及读图能力 点评：本题的
8、解题之处在于确定出电荷在 a点的加速度为零，根据能量守恒判断电势能的变化，判断电势能和机械能的变化 如右图所示，重为 的物体 A 在大小为 F、方向为水平向左的恒力作用下，静止在倾角为 的光滑斜面上现将重为 的小物体 B轻放在 A上，则 ( ) A A仍静止 B A将加速下滑 C斜面对 A的弹力不变 D B对 A的压力大小等于 答案： B 试题分析：不放 B 时，对 A 进行受力分析 (如右图 )，由受力平衡得 ；，当放上 B后，对 A、 B整体与不放 B时相比总重力增大，故物体不再平衡，要加速下滑； A错误 B正确；斜面对 A的弹力增大；由于 B处于失重状态， B对 A的压力小于 B的重力，
9、 CD错误 故选 B 考点：共点力平衡的条件及其应用； 点评：本题属于共点力平衡的基本问题，关键掌握求解力的方法，比如合成法、分解法、正交分解法等 有三个用电器，分别为日光灯、电烙铁和电风扇，它们的额定电压和额定功率均为 “220 V,60 W”现让它们在额定电压下工作相同时间，产生的热量( ) A日光灯最多 B电烙铁最多 C电风扇最多 D一样多 答案： B 试题分析：电风扇，电烙铁和日光灯额定电压、额定功率相同，相同时间内消耗的电能相等，而电风扇消耗的电能大部分转化为机械能，日光灯消耗的电能大部分转化为光能，电烙铁消耗的电能全部转化为内能，所以产生的热量电烙铁最多 故选 B 考点：焦耳定律；
10、电功、电功率 点评：本题中电风扇、日光灯正常工作时是非纯电阻电路，抓住能量如何转化是关键基本题 如右图所示是真空中两个带等量异种电荷的点电荷 A、 B周围的电场分布情况图中 O 点为两点电荷连线的中点， MN 为两点电荷连线的中垂线， OMON.下列说法中正确的是 ( ) A同一电荷在 O、 M、 N 三点受的电场力相同 B同一电荷在 O、 M、 N 三点的电势能相同 C O、 M、 N 三点的电场强度大小关系是 EM ENE0 D把另一自由电荷从 M点静止释放，将沿 MON 做往复运动 答案： B 试题分析：等量导种点电荷的中垂线为一等势面， O、 M、 N 三点的电势相等，同一电荷在 O、
11、 M、 N 三点的电势能相同， B正确； O、 M、 N 三点的 电场强度方向相同，但大小不同， O 点场强最大， ， C错；同一电荷在三点受的电场力不同， A错；把同一电荷从 M点静止释放，由于受到水平的电场力作用不会沿 MON 做往复运动， D错 故选 B 考点：电场线；电场强度；电势 点评：本题考查的就是点电荷的电场的分布，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况，比较简单 探测器绕月球做匀速圆周运动，变轨后在周期较小的轨道上仍做匀速圆周运动，则变轨后与变轨前相比 ( ) A轨道半径变小 B心加速度变小 C线速度变小 D角速度变小 答案： A 试题分
12、析：由于 ，所以 ， T 变小， r 变小， A 正确 又 ，解得 ; ， r变小， 增大， B错误 由 ，解得 r变小， v增大， C错误 由 ，解得 r变小， 增大， D错误 故选 A 考点：考查了万有引力定律的应用 点评：人造卫星的线速度、角速度、周期、向心加速度只与轨道半径有关，与卫星的质量无关！ 实验题 (1)某多用电表的欧姆挡中间刻度值是 “15”，一位同学在用它来测量电阻时，先将选择开关旋至 “10”挡处，然后进行调零，再将两支表笔分别与电阻的两个引线接触，结果指针指在刻度值为 “100”至 “200”之间，为了使测量更准确，他应该将选择开关旋至 _挡处换挡后必须 _才能进行测量
13、 (2)图甲中电源电动势为 E，内阻可忽略不计；电流表 具有一定的内阻，电压表 的内阻不是无限大， S为单刀双掷开关， R为待测电阻当 S向电压表一侧闭合时，电压表读数为 ，电流表读数为 ；当 S向 R一侧闭合时，电流表读数为 根据已知条件与测量数据，可以得出待测电阻 R _. 根据图甲所给出的电路，在图乙的各器件实物图之间补画出连接的导线 甲 乙 答案： (1)100 重新调零 (2) 连线如图 试题分析： (1)第一次测量时，指针示数过大，所以要选择倍率更大的挡进行测量，所以要选 “ ”挡欧姆表每次换挡后都要重新进行欧姆调零本题较易 (2) 由第一次测量可得电压表内阻为： 由于不计电源内阻
14、，所以电流表内阻为： ；由第二次测量可得： ，代入即可得： 根据电路图连接实物电路图，如图所示 考点：用多用电表测电阻 点评：应用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使指针只在刻度盘中央附近，换挡后要重新进行欧姆调零 计算题 如下图所示，长 12 m质量为 50 kg的木板右端有一立柱木板置于水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数为 0.1.质量为 50 kg的人立于木板左端，木板与人均静止，当人以 的加速度匀加速向右奔跑至木板的右端时，立刻抱住立柱 (取 )，求： (1)人在奔跑过程中受到的摩擦力的大小和方向； (2)人在奔跑过程中木板的加速度大小和方向； (3)人从开始奔跑至到达木板右端所经历的时间 答案： (1)200 N 向右 (2) 向左 (3)2 s 试题分析： (1)设人的质量为 ，加速度为 ，木板的质量为 ，加速度为 ，人对木板的摩擦力为 .则对人有： ， 方向向右 (2)对木板受力分析可知： ，则： 代入数据解得： ，方向向左 (3)设人从左端跑到右端时间为 t，由运动学公式得： 则 代入数据解得 t 2 s. 考点：牛顿第二定律的应用 点评：分析清楚物体运动过程是正确解题的关键，应用牛顿第二定律、运动学公式、即可正确解题
