1、软件水平考试中级网络工程师上午基础知识（数据通信基础）模拟试卷 1及答案与解析 1 4B 5B编码是一种两级编码方案，首先要把数据变成 ( )编码，再把 4位分为一组的代码变换成 5单位的代码。 （ A） NRZ I （ B） AMI （ C） 0AM （ D） PCM 2 图 6 9表示了某个数据的两种编码，这两种编码分别是 ( )。 （ A） X为差分曼彻斯特码， Y为曼彻斯特码 （ B） X为差分曼彻斯特码， Y为双极性码 （ C） X为曼彻斯特码， Y为差分曼彻斯特码 （ D） X为曼彻斯特码， Y为不归零码 3 图 6 10所示的调制方式是 ( )。 （ A） FSK （ B） 2D
2、PSK （ C） ASK （ D） QAM 4 图 6 11所示的调制方式是 2DPSK，若载波频率为 2400Hz，则码元速率为 ( )。（ A） 100 Baud （ B） 200 Baud （ C） 1200 Baud （ D） 2400 Baud 5 在相隔 2000km的两地间通过电缆以 4800b s的速率传送 3000比特长的数据包，从开始发生到接收数据需要的时间是 ( )。 （ A） 480ms （ B） 645ms （ C） 630ms （ D） 635ms 6 在地面上相隔 2000km的两地之间通过卫星信道传送 4000比特长的数据包，如果数据速率为 64kb s，则从开
3、始发送到接收完成需要的时间是 ( )。 （ A） 48ms （ B） 640ms （ C） 322 5ms （ D） 322 5ms 7 下面关于 Manchester编码的叙述中，错误的是 ( )。 （ A） Manchester编码是一种双相码 （ B） Manchester编码提供了比特同步信息 （ C） Manchester编码的效率为 50 （ D） Manchester编码应 用在高速以太网中 8 设信道采用 2DPSK调制，码元速率为 300波特，则最大数据速率为 ( )b s。 （ A） 300 （ B） 600 （ C） 900 （ D） 1200 9 假设模拟信号的最高频率
4、为 5MHz，如果每个样本量化为 256个等级，则传输的数据速率是 ( )。 （ A） 10Mb s （ B） 50Mb s （ C） 80Mb s （ D） 100Mb s 10 采用 CRC校验的生成多项式为 G(x)=x16+x15+x2+1，它产生的校验码是 ( )位。 （ A） 2 （ B） 4 （ C） 16 （ D） 32 11 关于曼彻斯特编码，下面叙述中错误的是 ( )。 （ A）曼彻斯特编码是一种双相码 （ B）采用曼彻斯特编码，波特率是数据速率的 2倍 （ C）曼彻斯特编码可以自同步 （ D）曼彻斯特编码效率高 12 E1信道的数据速率是 ( )。 （ A） 1 544M
5、b s （ B） 2 048Mb s （ C） 6 312Mb s （ D） 44 736Mb s 13 假设模拟信号的最高频率为 5MHz，采样频率必须大于 ( )，才能使得到的样本信号不失真。 （ A） 5MHz （ B） 10MHz （ C） 15MHz （ D） 20MHz 14 在以太网中使用 CRC校验码，其生成多项式是 ( )。 （ A） G(X)=X16+X12+X5+1 （ B） G(X)=X16+X15+X2+1 （ C） G(X)=X12+X11+X3+X2+X+1 （ D） G(X)=X32+X26+X23+X22+X16+X12+X11+X10+X8+X7+X5+X4
6、+X3+X+1 15 在异步通信中，每个字符包含 1位起始位、 7位数据位、 1位奇偶校验位和 1位终止位，每秒钟传送 100个字符，则有效数据速率为 ( )。 （ A） 500b s （ B） 600b s （ C） 700b s （ D） 800b s 16 采用 CRC进行差错校验，生成多项式为 G(X)=X4+X+1，信息码字为 10110，则计算出的 CRC校验码是 ( )。 （ A） 0000 （ B） 0100 （ C） 0010 （ D） 1111 17 采用海明码进行差错校验，信息码字为 1001011，为纠正一位错，则需要 ( )比特冗余位。 （ A） 2 （ B） 3 （
7、 C） 4 （ D） 8 18 曼彻斯特编码的特点是在每个比特的中间有电平翻转，它 的编码效率是 ( )。 （ A） 50 （ B） 60 （ C） 80 （ D） 100 19 使用海明码进行前向纠错，如果冗余位为 4位，那么信息位最多可以用到 ( )位。 （ A） 6 （ B） 8 （ C） 11 （ D） 16 20 使用海明码进行前向纠错，假定码字为 a6a5a4a3a2a1a0，并且有下面的监督关系式： S2=a2+a4+a5+a6 S1=a1+a3+a5+a6 S0=a0+a3+a4+a6 若 S2S1S0=110，则表示出错位是 ( )。 （ A） a3 （ B） a4 （ C）
8、 a5 （ D） a6 21 若采用后退 N帧 ARQ协议进行流量控制，帧编号为 7位，则发送窗口的最大长度为 ( )。 （ A） 7 （ B） 8 （ C） 127 （ D） 128 22 若信息码字为 11100011，生成多项式 G(x)=x5+x4x+1，则计算出的 CRC校验码为 ( )。 （ A） 01101 （ B） 11010 （ C） 001101 （ D） 0011010 23 海明码 (HammingCode)是一种 ( )。 （ A）纠错码 （ B）检错码 （ C）语音编码 （ D）压缩编码 24 图 6 12所示是一种 ( )调制方式。 （ A） ASK （ B） F
9、SK （ C） PSK （ D） DPSK 25 设信道带宽为 3400Hz，调制为 4种不同的码元，根据尼奎斯特定理，理想信道的数据速率为 ( )。 （ A） 3 4Kb s （ B） 6 8Kb s （ C） 13 6Kb s （ D） 34Kb s 26 在异步通信中，每个字符包含 1位起始位、 7位数据位、 1位奇偶位和 2位终止位，若每秒钟传送 100个字符，采用 4相相位调制，则码元速率为 ( )。 （ A） 50波特 （ B） 500波特 （ C） 550波特 （ D） 1100波特 27 下图的两种编码方案如图 6 13所示，二者分别是 ( )。 （ A） 差分曼彻斯特编码，
10、双相码 （ B） NRZ编码， 差分曼彻斯特编码 （ C） NRZ I编码， 曼彻斯特编码 （ D） 极性码， 双极性码 28 图 6 14所示的 4种编码方式中属于差分曼彻斯特编码的是 ( )。 （ A） a （ B） b （ C） c （ D） d 28 10BASE T以太网使用曼彻斯特编码，其编码效率为 (1)。在快速以太网中使用 4B SB编码，其编码效率为 (2)。 29 (1) （ A） 30 （ B） 50 （ C） 80 （ D） 90 30 (2) （ A） 30 （ B） 50 （ C） 80 （ D） 90 30 SDH同步数字体系是光纤信道的复用标准，其中最常用的 S
11、TM 1(OC 3)的数据速率是 (1)， STM 4(OC 12)的数据速率是 (2)。 31 (1) （ A） 155 520Mbps （ B） 622 080Mbps （ C） 2488 320Mbps （ D） 10Gbps 32 (2) （ A） 155 520Mbps （ B） 622 080Mbps （ C） 2488 320Mbps （ D） 10Gbps 软件水平考试中级网络工程师上午基础知识（数据通信基础）模拟试卷 1答案与解析 1 【正确答案】 A 【试题解析】 采用 4B 5B编码能够提高编码的效率，降低电路成木。这种编码方法的原理如图 615所示。 这实际上是一种两级
12、编码方案。系统中使用不归零码 (NRZ)，在发送到传输介质时变成见 1就翻不归零码 (NRZ1)。 NRZ1代码序列中 1的个数越多，越能提供同步信息，如果遇到长串的 “0”，则不能提供同步信息，所以在发送到介质上之前还需经过一 次 4B 5B编码。发送器扫描要发送的位序列， 4位分为一组，然后按照对应规则变换成 5位二进制代码。 5位二进制代码的状态共有 32种，其中 1的个数都不少于 2个，这样就保证了传输的代码能提供足够多的同步信息。 【知识模块】 数据通信基础 2 【正确答案】 B 【试题解析】 首先可以断定图中所示是两种双相码，然后按照曼彻斯特编码的特点 (以正负或负正脉冲来区别 “
13、1”和 “0”)和差分曼彻斯特编码的特点 (以位前沿是否有电平跳变来区别 “1”和 “0”)可以断定， X为曼彻斯特编码， Y为差分曼彻斯特编码。 【知识模块】 数据通信基础 3 【正确答案】 B 【试题解析】 根据波形可以看出，这是一种差分编码，所以应选 2DPSK。 【知识模块】 数据通信基础 4 【正确答案】 C 【试题解析】 2DPSK调制方式波形中，每一位包含两个周期，如果载波频率为2400Hz，则码元速率就是 1200波特。 【知识模块】 数据通信基础 5 【正确答案】 D 【试题解析】 一个数据包从开始发送到接收完成的时间包含发送时间 tf和传播延迟时间 tp两部分，可以计算如下
14、： 对电缆信道： tp=2000km (200kmms)=10ms， tf=3000b 4800b s=625ms， tp+tf=635ms 【知识模块】 数据通信基础 6 【正确答案】 D 【试题解析】 卫星通信一般是指同步卫星通信，同步卫星距地球约 3 6万公里，电磁波一个来回约 270ms，从开始发送到接收完成需要的时间 =发送时间 +卫星信道延时时间 =4000 64+270=62 5+270=332 5ms。这里要注意 2000km干扰信息，因为只要是卫星通信，不管在地球上相隔多远，他们的通信延时都是要经过先发送到卫星，再从卫 星返回这么一个过程。 【知识模块】 数据通信基础 7 【
15、正确答案】 D 【试题解析】 本题考查数据编码的基础知识。 Manchester编码是一种双相码，即码元取正负两个不同的电平，或者说由正负两个不同的码元表示一个比特，这样编码的效率为 50，但是由于每个比特中间都有电平跳变，因而提供了丰富的同步信息。这种编码用在数据速率不太高的以太网中。 差分 Manchester编码也是一种双相码，但是区分 “0”和 “1”的方法不同。Manchester编码正变负表示 “0”，负变正表示 “1”，而差分 Manchester编码是 “0”比特前沿有跳变， “1”比特前沿没有跳变。这种编码用在令牌环网中。 在曼彻斯特和差分曼彻斯特编码中，每比特中间都有一次电
16、平跳变，因此波特率是数据速率的两倍。对于 100Mb s的高速网络，如果采用这类编码方法，就需要 200M的波特率，其硬件成本是 100M波特率硬件成本的 5 10倍。 【知识模块】 数据通信基础 8 【正确答案】 A 【试题解析】 本题考查数字调制的基础知识。 2DPSK是一种差分相位调制技术，利用前后码元之间的相位变化来表示二进制数 据，例如传送 “1”时载波相位相对于前一码元的相移为 ，传送 “0”时载波相位相对于前一码元的相移为 O。在这种调制方案中，每一码元代表一个比特，由于码元速率为 300波特，所以最大数据速率为 300b s。 【知识模块】 数据通信基础 9 【正确答案】 C
17、【试题解析】 按照尼奎斯特采样定理，为了恢复原来的模拟信号，取样速率必须大于模拟信号最高频率的 2倍，即 f= 2fmax 其中 f为采样频率， T为采样周期， fmax为模拟信号的最高频率。所以当模拟信号的频率为 5MHz时，采样频率必须大于 10MHz。 当样本量空间被量化为 256个等级时每个样本必须用 8比特来表示。根据计算： 810MHz=80Mb s 【知识模块】 数据通信基础 10 【正确答案】 C 【试题解析】 循环冗余校验码 CRC(Cyclic Redundancy Check)的长度取决于生成多项式的幂次。如果生成多项式为 G(x)=x16+x15+x2+1，则产生的 C
18、RC校验码必定是 16位。 【知识模块】 数据通信基础 11 【正确答案】 D 【试题解析】 双相码的特点是每一位中都有一个电平转换，因而这种代码的最大优点是自定时。曼彻斯特编码是一种双相码，通常用高电平到低电平的转换边表示 O，用低电平到高电平的转换边表示 1，相反的规定也是可能的。位中间的电平转换边既表示了数据代码，也作为定时信号使用。曼彻斯特编码用在 10M以太网中。差分曼彻斯特编码也是一种双相码，与曼彻斯特编码不同的是，位中间的电平转换只作为定时信号，而不表示数据。数据的表示在于每一位开始处是否有电平转换：有电平转换表示 0，无电平转换表示 1。差分曼彻斯特编码用在令牌环网中。 曼彻斯
19、特编码和差分曼彻斯特编码的每一个码元都要调制为两个不同的电平，因而调制速率是码元速率的二倍，也就是说编码效率只有 50。这无疑对信道的带宽提出了更高的要求，但由于良好的抗噪声特性和自定时能力，所以在局域网中仍被广泛使用。 【知识模块】 数据通信基础 12 【正确答案】 B 【试题解析】 国际电报电话咨询委员会于 1993年后改为 ITUT，建议了一种PCM传输标准，称为 E1载波。该标准规定，每一帧开始处用 8位作为同步位，中间有 8位信令位，再组织 30路 8位数据 (可传送话音 )，全帧包 括 256位，每一帧用 125s时间传送。可计算出 E1载波的数据速率为 256b 125s=2 0
20、48Mbs，每个话音信道的数据速率为 8b 125s=64Kb s。 【知识模块】 数据通信基础 13 【正确答案】 B 【试题解析】 按照尼奎斯特采样定理，为了恢复原来的模拟信号，取样速率必须大于模拟信号最高频率的二倍，即 f= 2fmax 其中 f为采样频率， T为采样周期， fmax为模拟信号的最高频率。所以当模拟信号的频率为 5MHz时，采样频率必须大于 10MHz。 【知识模块】 数据通信基 础 14 【正确答案】 D 【试题解析】 为了能对不同的错误模式进行校验，已经研究出了几种 CRC生成多项式的国际标准： CRCCCITT G(X)=X16+X12+X2+1 CRC16 G(X
21、)=X16+X15+X2+1 CRC12 G(X)=X12+X11+X3+X2+X+1 CRC32 G(X)=X32+X26+X23+X22+X16+X12+X11+X10+X8+X7+X5+X4+X3+X+1 其中 CRC32用在以太网中，这种生成多项式能产生 32位的帧校验序列。 【知识模块】 数 据通信基础 15 【正确答案】 C 【试题解析】 异步通信以字符为传送单位，每个字符添加一个起始位和终止位。按照题中给出的条件，可计算如下： 100=700b s 【知识模块】 数据通信基础 16 【正确答案】 D 【试题解析】 循环冗余校验码的计算方法如下。 G(X)=X4+X+1对应的二进制
22、序列为 10011，下面进行 “按位异或 ”运算： 1111就是校验码。 【知识模块】 数据通信基础 17 【正确答案】 C 【试题解析】 按照海明的理论，纠错编码就是要把所有合法的码 字尽量安排在 n维超立方体的顶点上，使得任一对码字之间的距离尽可能大。如果任意两个码字之间的海明距离是 d，则所有少于等于 d1位的错误都可以检查出来，所有少于d 2位的错误都可以纠正。 如果对于 m位的数据，增加 k位冗余位，则组成n=m+k位的纠错码。对于 2m个有效码字中的每一个，都有 n个无效但可以纠错的码字。这些可纠错的码字与有效码字的距离是 1，含单个错。这样，对于一个有效的消息总共有 n+1个可识
23、别的码字。这 n+1个码字相对于其他 2m1个有效消息的距离都大于 1。这意味着总共有 2m(n+1)个有效的或是可纠错 的码字。显然，这个数应小于等于码字的所有可能的个数 2n。于是，有 2m(n+1)2n。 因为n=m+k，可得出 m+k+12k。对于给定的数据位 m，上式给出了 k的下界，即要纠正单个错误， k必须取的最小值。根据上式计算，可得 7+k+12k，所以 k=4。 【知识模块】 数据通信基础 18 【正确答案】 A 【试题解析】 曼彻斯特编码 (Manchester Code)是一种双相码 (或称分相码 )。双相码要求每一位中间都要有一个电平转换，因而这种代码的优点是自定时，
24、同时双相码也有检测差错的功能，如果 某一位中间缺少了电平翻转，则被认为是违例代码。在图 64中，我们用高电平到低电平的转换边表示 “0”，而低电平到高电平的转换边表示 “1”，相反的表示也是允许的。比特中间的电平转换既表示了数据代码，同时也作为定时信号使用。曼彻斯特编码用在以太网中。 差分曼彻斯特编码类似于曼彻斯特编码，它把每一比特的起始边有无电平转换作为区分 “0”和 “1”的标志，这种编码用在令牌环网中。 在曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码中，每比特中间都有一次电平跳变，因此波特率是数据速率的两倍。对于 100Mb s的高速网络，如果 采用这类编码方法，就需要 200M的波特率，其编码效率为
25、 50。 【知识模块】 数据通信基础 19 【正确答案】 C 【试题解析】 本题考查海明编码知识。 海明码属于线性分组编码方式，大多数分组码属于线性编码，其基本原理是，是信息码元与校验码元通过线性方程式联系起来。 海明码的编码规则是：如果有 n个数据位和 k个冗余校验位，那么必须满足 2k一 1n+k，此处 k=4，因此有 n2k1=k=1614=11， n最大为 11。 【知识模块】 数据通信基础 20 【正确答案】 C 【试题解 析】 由于 S2 S1 S0=110， S0没有错，在 S0的监督式中设计的 a0， a3，a4， a6都没有错误。而 S2和 S1都为 1，则说明 S2和 S1
26、出错，得出最终出错的位是 a5。 【知识模块】 数据通信基础 21 【正确答案】 C 【试题解析】 采用后退 N帧 ARQ协议，在全双工通信中应答信号可以由反方向传送的数据帧 “捎带 ”送回，这种机制进一步见笑了通信开销，然而也带来了一些问题。在捎带应答方案中，反向数据帧中的应答字段总是捎带一个应答新号，这样就可能出现对同一个帧的重复应答。假定帧编号字段为 3位长，发送 窗口大小为 8。当发送器收到第一个 ACK1后把窗口推进到后沿为 1、前沿为 0的位置，即发送窗口现在包含的帧编号为 1、 2、 3、 4、 5、 6、 7、 0，如下所示。 1 2 3 4 5 6 7 0 如果这时又收到一个
27、捎带回的 ACK1，发送器如何动作呢 ?后一个 ACK1可能表示窗口中的所有帧都未曾接收，也可能意味着窗口中的帧都已正确接收。这样协议就出现了二义性。然而，如果规定窗口的大小为 7，则就可以避免这种二义性。所以，在后退 N帧协议中必须限制发送窗口大小 W 发 2K一 1。根据类似的推理，对于选择重发 ARQ协议，发送窗口和接收 窗口的最大值应为帧编号数的一半，即W 发 =W 收 2K1。 【知识模块】 数据通信基础 22 【正确答案】 B 【试题解析】 由生成多顶式 G(x)=x5+x4+x+1可以得到除数 110011，由多项表达式中 x的最高幂次为 5可知，被除数应该是信息码字后面加 5个
28、 0。然后用被除数与除数做模二除法得到的结果就是校验码，其计算结果是 11010(模 2除法的具体过程参考 CRC校验理论部分 )。 【知识模块】 数据通信基础 23 【正确答案】 A 【试题解析】 海明码是一种纠错码，不但能发现差错，而且 还能纠正差错。对于m位数据，增加 k位冗余位，若满足关系式： m+k+1 2k，则可以纠正 1位错。 【知识模块】 数据通信基础 24 【正确答案】 C 【试题解析】 数字数据在传输中可以用模拟信号来表示。用数字数据调制模拟载波信号的三个参数一幅度、频率和相位，分别称为幅度键控、频移键控和相移键控。 按照幅度键控 (ASK)调制方式，载波的幅度受到数字数据
29、的调制而取不同的值，例如对应二进制 0，载波振幅为 0；对应二进制 1，载波振幅取 1。调幅技术实现起来简单，但抗干扰性能差。频移键控 (FSK)是按照数字数据 的值调制载波的频率。例如对应二进制 0的载波频率为 f1，而对应二进制 l的载波频率为 f2。这种调制技术抗干扰性能好，但占用带宽较大。在有些低速的调制解调器中，用这种调制技术把数字数据变成模拟音频信号传送。相移键控 (PSK)是用数字数据的值调制载波相位，例如用 180相移表示 1，用 0相移表示 0。这种调制方式抗干扰性能最好，而且相位的变化也可以作为定时信息来同步发送机和接收机的时钟。码元只取两个相位值叫 2相调制，码元可取 4
30、个相位值叫 4相调制。 4相调制时，一个码元代表两位二进制数，采用 4相或更多相的调制能提供较高的数据 速率，但实现技术更复杂。三种数字调制方式表示如图 616所示。 【知识模块】 数据通信基础 25 【正确答案】 C 【试题解析】 按照 Nyquist定理， B=2W(Baud) 码元速率为信道带宽的两倍。同时数据速率还取决于码元的离散状态数，码元携带的信息量 n(比特数 )与码元的离散状态数 N有如下关系： n=log2N 所以，综合考虑了信道带宽和码元的离散状态数后得到的公式为： R=B log2N=2W log2N(b s) 其中， R表示数据速率，单位是b s。据此，数据速率可计算如
31、下： R=B log2N=2W log2N=23400log24=68002=13 6Kb s 【知识模块】 数据通信基础 26 【正确答案】 C 【试题解析】 根据题中给出的条件，每个字符要占用 1+7+1+2=11(位 )。每秒钟传送 100个字符，则数据速率为 11100=1100b s。在采用 4相相位调制的情况下，数据速率为码元速率的 2倍，所以码元速率为 550波特。 【知识模块】 数据通信基础 27 【正确答案】 C 【试题解析】 在图 中，每个 “0”比特的前沿没有电平跳变，每个 “1”比特的前沿有电平跳变，这是典型的 NRZI编码的波形。 NRZI编码的数据速率与码元速率一致
32、，其缺点是当遇到长串的 “0”时会失去同步，所以有时要做出某种变通，例如采用 4B 5B编码。 曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码都属于双相码。双相码要求每一比特中间都有一个电平跳变，它起到自定时的作用。在图 中，我们用高电平到低电平的转换边表示 “0”，用低电平到高电平的转换边表示 “1”，这是曼彻斯特编码的一种实现方案。反之，如果用高电平到低电平的转换边表示 “1”，而用低电平到高电平的转换边表示 “0”；也可以认为是 曼彻斯特编码，只要能区分两种不同的状态就可以了。比特中间的电平转换边既表示了数据代码，也作为定时信号使用。曼彻斯特编码用在低速以太网中。 差分曼彻斯特编码与曼彻斯特编码不同，码
33、元中间的电平转换边只作为定时信号，而不表示数据。数据的表示在于每一位开始处是否有电平转换：有电平转换表示 “0”无电平转换表示 “1”，差分曼彻斯特编码用在令牌环网中。 在曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码的图形中可以看出，这两种双相码的每一个码元都要调制为两个不同的电平，因而调制速率是码元速率的二倍。这对信道的带宽提出了更高 的要求，所以在数据速率很高时实现起来更昂贵，但由于其良好的抗噪声特性和比特同步能力，所以在局域网中仍被广泛使用。 【知识模块】 数据通信基础 28 【正确答案】 B 【试题解析】 差分曼彻斯特编码是一种双相码。与曼彻斯特编码相同的地方是，每一位都由一正一负两个码元组成，但它
34、又是一种差分码， 0位的前沿有相位变化， 1位的前沿没有相位变化，所以选项 b图形是差分曼彻斯特编码。 【知识模块】 数据通信基础 【知识模块】 数据通信基础 29 【正确答案】 B 【知识模块】 数据通信 基础 30 【正确答案】 C 【试题解析】 使用曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码时，每传输 1bit的信息，就要求线路上有 2次电平状态变化 (2 Baud)，因此要实现 100Mbps的传输速率，就需要有 200MHz的带宽，即编码效率只有 50。正是因为曼码的编码效率不高，因此在带宽资源宝贵的广域网，以及速度要求更高的局域网中，就面临了困难。因此就出现了 mBnB编码，也就是将 m比特位
35、编码成为 n波特 (代码位 )。其中 4B 5B效率为 80。 【知识模块】 数据通信基础 【知识模块】 数据通信基础 31 【正确答案】 A 【知识模块】 数据通信基础 32 【正确答案】 B 【试题解析】 SDH的速率是一个必须记住的知识点， SDH是通信技术中的传输技术，是目前骨干网接及接入网中使用最广的传输技术。其基本传输单元是STM1，上有 SMT4、 STM16和 STM64等，都是 4倍的关系。 STM1的传输速率是 155 520Mbps。 其中 STM 1光接口数据速率是 155Mbps， STM4是 622Mbps， STM16是2 5Gbps， STM64是 10Gbps，其中 STM1对应 OC3， STM4对应OC12。 【知识模块】 数据通信基础
