1、- 1 -通榆县第一中学 2018-2019 学年度高二上学期第三次质量检测物理试卷第 I卷一.选择题（本题共 12小题，每小题 4分，共 48分。在每小题列出的四个选项中，第1-7题只有一项是符合题目要求的,第 8-12题有多项符合题目要求的,全选正确的得 4分,选对不全的得 3分,有错选或不答的得零分）1宇宙中的电子流，以与地球表面垂直的方向射向赤道上空的某一点，则这些电子在进入地球周围的空间时，将( )A竖直向下沿直线射向地面B相对于预定点稍向东偏转C相对于预定点稍向西偏转D相对于预定点稍向北偏转2质子(p)和 粒子以相同的速率在同一匀强磁场中做匀速圆周运动，轨道半径分别为 Rp和 R
2、，周期分别为 Tp和 T .则下列选项正确的是( )A Rp R 12， Tp T 12B Rp R 11， Tp T 11C Rp R 11， Tp T 12D Rp R 12， Tp T 113如图所示， A和 B为两根互相平行的长直导线，通以同方向等大电流，虚线 C为在 A和 B所确定的平面内与 A、 B等距的直线，则下列说法不正确的是( ) A两导线间的空间不存在磁场B虚线 C处磁感应强度为零C AC间磁感应强度垂直纸面向里D CB间磁感应强度垂直纸面向外4某同学用伏安法测电阻时，分别采用了内接法和外接法，测得的某电阻 Rx的阻值分别为 R1和 R2，则所测阻值与真实值 Rx之间的关系
3、为( )A R1 Rx R2 B R1 Rx R2C R1 R2 Rx D R1 R2 Rx5如图所示，在倾角为 的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为 L、质量为 m的直导体棒在导体棒中的电流 I垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，下列外加匀强磁场的磁感应强度 B的大小和方向正确的是( )A B mg ，方向垂直斜面向上sin IL- 2 -B B mg ，方向垂直斜面向下sin ILC B mg ，方向垂直斜面向下cos ILD B mg ，方向垂直斜面向上cos IL6.空间有一沿 x轴对称分布的电场，其电场强度 E随 x变化的图象如图所示(沿 x轴正方向为电场强度正方向)下列说法正确的
4、是( )A O点的电势最低B x2点的电势最高C x1和 x1两点的电势相等D x1和 x3两点的电势相等7.如图所示，一带正电的点电荷固定于 O点，两虚线圆均以 O为圆心，两实线分别为带电粒子 M和 N先后在电场中运动的轨迹， a、 b、 c、 d、 e为轨迹和虚线圆的交点不计重力下列说法不正确的是( )A M带负电荷， N带正电荷B M在 b点的动能小于它在 a点的动能C N在 d点的电势能等于它在 e点的电势能D N在从 c点运动到 d点的过程中克服电场力做功8.在如图所示的电路中，电源的电动势 E和内阻 r恒定，闭合开关 S后灯泡能够发光，经过一段时间后灯泡突然变亮，则出现这种现象的原
5、因可能是( )A电阻 R1短路B电阻 R2断路C电阻 R2短路D电容器 C断路9.电磁轨道炮工作原理如图所示待发射弹体可在两平行轨道之间自由移动，并与轨道保持良好接触电流 I从一条轨道流入，通过导电弹体后从另一条轨道流回轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道面的磁场(可视为匀强磁场)，磁感应强度的大小与 I成正比通电的弹体在轨道上受到安培力的作用而高速射出现欲使弹体的出射速度增加至原来的 2倍，理论上可采用的办法是( ) A只将轨道长度 L变为原来的 2倍B只将电流 I增加至原来的 2倍C只将弹体质量减至原来的一半D将弹体质量减至原来的一 半，轨道长度 L变为原来的 2倍，其他量不变10如图所示是等
6、腰直角三棱柱，其中底面 abcd为正方形，边长为 L，它们按图示位置- 3 -放置于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为 B，下面说法中正确的是( )A通过 abcd平面的磁通量大小为 L2BB通过 dcfe平面的磁通量大小为 L2B22C通过 abfe平面的磁通量大小为零D通过整个三棱柱的磁通量为零11.一带正电的粒子仅在电场力作用下从 A点经 B、 C点运动到 D点，其 vt图象如图所示，则下列说法中正确的是( )A A点的电场强度一定大于 B点的电场强度B粒子在 A点的电势能一定大于在 B点的电势能C CD间各点电场强度和电势都为零D AB两点间的电势差大于 CB两点间的电势差12.如图所
7、示，三个质量相同，带电荷量分别为 q、 q和 0的小液滴 a、 b、 c，从竖直放置的两板中间上方由静止释放，最后从两板间穿过，轨迹如图所示，则在穿过极板的过程中( )A电场力对液滴 a、 b做的功相同B三者动能的增量相同C液滴 a电势能的增加量等于液滴 b电势能的减小量D重力对三者做的功相同第 II卷二.填空题(共 2小题,计 18分.把答案填写在答题纸上)13. (8分)把一量程为 6 mA、内阻为 100 的电流表改装成欧姆表，线路如图所示，现备有如下器材：A电源( E3 V，内阻不计)；B变阻器(0100 )；C变阻器(0500 )；D红表笔；E黑表笔(1)变阻器选用_(2)红表笔接_
8、端，黑表笔接_端(均选填“ N”或“ M”)(3)电流表 2 mA刻度处换成电阻刻度，其表示电阻值为_.14. (10分)在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，已连接好部分实验电路- 4 -甲 乙(1)按如图甲所示的实验电路，把图乙中剩余的电路连接起来(2)在图乙的电路中，为避免烧坏电表，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于_端(选填“ A”或“ B”)(3)图是根据实验数据作出的 UI图象，由图可知，电源的电动势 E_V，内阻r_. 三.计算题(本题共 4小题,共 34分. 解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.
9、）15(7 分)金属滑杆 ab连着一条固定在墙上的弹簧，水平放置在两根互相平行的光滑金属导轨 cd、 ef上，如图所示，垂直于两导轨所在平面的方向上有匀强磁场，磁场方向如图所示，闭合开关 S后，弹簧伸长了 2 cm，测得电路中电流为 5 A，已知弹簧的劲度系数为 20 N/m， ab的长度 L0.1 m求匀强磁场的磁感应强度的大小16. (9分)如图是 家用电饭煲的电路图将电饭煲接到稳压电源上，当开关接通“加热”挡时，电热丝以额定功率给食物加热，当食物蒸熟后，开关接通“保温”挡，给食物保温，这时电热丝的功率为其额定功率的 ，电流为 1.40 A，已知分压电阻的阻值是 R100 .求：19(1)
10、保温时，电阻 R两端的电压(2)稳压电源输出的电压- 5 -(3)电热丝的额定功率17. (9分)如图所示的匀强电场的等势面是一簇互相平行的竖直平面，间隔均为 d，各等势面电势已在图中标出，现 有一质量为 m的带电小球以速度 v0、方向与水平方向成 45角斜向上射 入电场，若小球做直线运动，重力加速度为 g，求(1)小球应带电荷的电性及其电荷量；(2)小球受到的合外力大小；(3)在入射方向上小球运动的最大位移 xm.(电场范围足够大)18. (9分)如图所示，两平行金属板间距为 d，电势差为 U，板间电场可视为匀强电场；金属板下方有一磁感应强度为 B的匀强磁场带电量为 q、质量为 m的粒子，由
11、静止开始从正极板出发，经电场加速后射出，并进入磁场做匀速圆周运动忽略重力的影响，求：(1)匀强电场场强 E的大小；(2)粒子从电场射出时速度 v的大小；- 6 -(3)粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径 R.物理参考答案1.C 2.A 3.A 4.A 5.A 6.C 7.D 8.AB9.BD 10.BCD 11.AB 12.AD13. (8分)答案: (1)C(2 分) (2) N (2 分) M (2 分) (3)1 000(2 分)解析:(1)两表笔直 接接触时，调节变阻器阻值使电流达到满偏， Ig ，解得ERg R0R0400 ，故变阻器应选 C.(2)红表笔接内部电源的负极，黑表笔接内部
12、电源的正极，所以红表笔接 N端，黑表笔接 M端(3)电流 I2 mA 时，有 I ，解得 Rx1 000 .ERg R0 Rx14. (10分)答案: (1)见解析图(4 分) (2) B (2 分) (3)1.5(2分) 1.0(2分)解析:(1)电路连接如图(2)闭合开关前，滑动变阻器接入电 路中的阻值应该最大，故滑片应置于 B端(3)由图象可知，电源电动势为 1.5 V，内阻 r 1.0 .1.5 1.00.515.答案 0.8 T解析:弹簧弹力 F 弹 k x(2分)金属杆所受磁场力 F BIL(2分)由平衡条件知 F F 弹 即 ILB k x(2分)解得 B 0.8 T. (1 分
13、)k xIL- 7 -16. (9分)答案：(1)140 V (2)210 V (3)882 W解析：(1)电阻 R两端的电压为 UR IR1.40100 V140 V(2 分)(2)设电热丝的电阻为 r，电源输出电压为 U，则( )2r (2分)UR r 19 U2r解得 r50 (2 分)(2 分)所以电源电压为 U I(R r)1.40(10050) V210 V(1 分)(3)电热丝的额定功率为 P W882 W(3 分)U2r 21025017. (9分)答案:(1)正电荷 (2) mg (3)mgdU 22v204q解析: (1)作出该匀强电场的电场线如图甲所示由题意知，只有小球受
14、到向左的静电力，静电力和重力的合力与初速度才可能在一条直线上，如图乙所示只有当 F 合 与 v0在一条直线上，才可能使小球做直线运 动，所以小球带正电，(1 分)小球沿 v0方向做匀减速运动由图乙知，qE mg，相邻等势面间的电势差为 U，则 E ，所以 q .(2分)Ud mgE mgdU(2)由图乙知， F 合 mg. (3分) qE 2 mg 2 2(3)由动能定理得 F 合 xm0 mv (2分)12 20所以 xm . (1分)mv2022mg 2v204g甲 乙18. (9分)答案: (1) (2) (3)Ud 2qUm 1B2mUq解析: (1)匀强电场场强 E .(2分)Ud(2)根据动能定理 Uq mv20 (2 分)解得 v .(2分)12 2Uqm(3)根据洛伦兹力提供向心力得 Bqv m (2分)v2R解得 R .(1分)mvqB 1B2mUq
