1、- 1 -图 1图 22018-2019 学年度上学期第三学段教学质量监测高三物理试卷本试卷共分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。满分 100 分。考试时间90 分钟。第卷（选择题 共 48 分）1、本大题共 12 小题。每小题 4 分，共 48 分。1-8 小题为单选题，选对得 4 分，9-12 小题为多选题，全对得 4 分，对而不全得 2 分，错选得 0 分1. 下列关于物理学史的说法中正确的是A奥斯特发现了电磁感应现象B库伦发现了库伦定律，并由卡文迪许利用扭秤实验测出了静电力常量C焦尔发现了电流的热效应，定量给出了电能和内能之间的转换关系D安培发现了电流的磁效应，总结了电现象与磁现
2、象之间的联系2如图 1 所示，通电长直螺线管周围有三只可自由转动的小磁针，闭合开关 S 后，三只小磁针 N 极的偏转方向是A全向左B全向右C a、 b 向左， c 向右D a 向左， b、 c 向右3两长直通电导线互相平行，电流方向相同，其截面处于一个等边三角形的 A、 B 处，如图 2 所示，两通电导线在 C 处的磁感应强度均为 B，则 C 处总磁感应强度为A2 B B BC0 D B34某同学质量为 50 kg，他从岸上以大小为 4 m/s 的速度跳到湖中一条向他飘来的小船上，小船的质量是 150 kg，原来的速度大小是 1 m/s，该同学上船后又跑了几步，最终停在船上(不计任何阻力)，则
3、A人和小船最终静止在水面上B该过程同学的动量变化量为 1875kgm/sC船最终的速度是 05 m/sD船的动量变化量是 150kgm/s- 2 -图 3图 5图 6图 75如图 3 所示，半径为 R 的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场；重力不计、电荷量一定的带电粒子以速度 v 正对着圆心 O 射入磁场，若粒子射入、射出磁场点间的距离为 R，则粒子在磁场中的运动时间为 A B C Dv32v32vR3vR9326比荷为 的电子以速度 v0沿 AB 边射入边长为 a 的等边三角形的匀强磁场区域中（如图me4 所示） 。为使电子从 BC 边穿出磁场，磁感应强度 B 的取值范围为A B03ea0
4、2meaC D0v0v7英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、同位素和质谱的研究，于1922 年荣获了诺贝尔化学奖若一束粒子（不计重力）由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，则下列说法中不正确的是A该束粒子带正电B速度选择器的上极板带正电C在 B2磁场中运动半径越大的粒子，质量越大D在 B2磁场中运动半径越大的粒子，比荷 越小8如图 6 所示，光滑水平面上放着长木板 B，质量为 m = 2 kg 的木块 A 以速度 v0 = 2 m/s滑上原来静止的长木板 B 的上表面，由于 A、 B 之间存在有摩擦，之后， A、 B 的速度随时间变化情况如右图所示，重力加速度 g = 10 m/s2。则下列说法
5、正确的是A长木板的质量 M = 2 kgB A、 B 之间动摩擦因数为 0.2C长木板长度至少为 2 mD A、 B 组成系统损失机械能为 4 J9通电矩形导线框 abcd 与无限长通电直导线MN 在同一平面内，电流方向如图 7 所示， ab 边与 MN 平行，关于 MN 的磁场对线框的作用，下列叙述正确的是A线框 ad 和 bc 两条边所受的安培力方向相同图 4- 3 -图 8图 9B线框 ad 和 bc 两条边所受的安培力大小相同C线框 ab 和 cd 两条边安培力的合力朝左D cd 所受安培力对 ab 边的力矩不为零10蹦极是勇敢者的运动，深受年轻人的喜爱。如图所示，蹦极者从高台跳下，在
6、空中经历加速、减速下降至速度为零，然后再通过反弹上升。设蹦极者在空中自由下落的运动过程为，弹性绳张紧至最低点速度为零的过程为，不计空气阻力，则下列判断正确的是A在过程中，蹦极者受到的重力冲量等于动量的改变量B在过程中，蹦极者受到重力冲量的大小与过程中绳子弹力冲量的大小相等C在过程中，每秒钟蹦极者动量的变化量相同D在过程中的任意一段时间内，蹦极者受到合力的冲量方向始终向上11在 2018 年世界斯诺克国际锦标赛中，中国选手丁俊晖把质量为 m 的白球以 5v 的速度推出，与正前方另一静止的相同质量的黄球发生对心正碰，碰撞后黄球的速度为 3v，运动方向与白球碰前的运动方向相同。若不计球与桌面间的摩擦
7、，则A碰后瞬间白球的速度为 2vB两球之间的碰撞属于弹性碰撞C白球对黄球的冲量大小为 3mvD两球碰撞过程中系统能量不守恒12如图 9 所示，在某空间的一个区域内有一直线 PQ 与水平面成45角，在 PQ 两侧存在垂直于纸面且方向相反的匀强磁场，磁感应强度大小均为 B。位于直线上的 a 点有一粒子源，能不断地水平向右发射速率不等的相同粒子，粒子带正电，电荷量为 q，质量为 m，所有粒子运动过程中都经过直线 PQ 上的 b 点，已知 ab d，不计粒子重力及粒子相互间的作用力，则粒子的速率可能为A B C D26qdm24qd2qB3qd第卷(非选择题 共 52 分)- 4 -图 10图 11二
8、、本题共 2 小题，共 15 分。把答案填在答题纸的横线上或按题目要求作答13 （6 分）气垫导轨是常用的一种实验仪器，它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦。我们可以用两个光电门以及滑块 A 和 B 来探究动量守恒定律，实验装置如图 10 所示，采用的实验步骤如下：a用天平分别测出滑块 A、 B 的质量 mA、 mBb调整气垫导轨，使导轨处于水平c给 B 一个水平向左初速度，记录 B 通过光电门 2 的挡光时间为 tBd B 与静止在导轨上的 A 发生碰撞后， A 向左运动通过光电门 1 的挡光时间为 tA， B 向右运动通过光电门
9、2 的挡光时间为 tB（1）实验中测得滑块 B 上遮光条的宽度为 dB，还应测量的物理量是 。（2）利用上述测量的实验数据，得出关系式 成立，即可验证动量守恒定律。14 （9 分）某同学用图 11 甲所示的光滑轨道装置，通过半径相同的 A、 B 两球的碰撞来验证动量守恒定律，则：（1） A 球从 G 处自由释放，在水平轨道末端 R 处与 B 球碰撞，刻度尺的零刻度线处于水平轨道末端 R 的正下方，B 球着地的点迹如乙图所示，则碰后 B 球的水平射程为 cm。（2）在以下选项中，哪些是本次实验必须进行的测量？答： （填选项号） 。A水平槽上未放 B 球时，测量 A 球落点位置到 O 点的距离B
10、A 球与 B 球碰撞后，测量 A 球落点位置到 O 点的距离C测量 A 球或 B 球的直径D测量 A 球和 B 球的质量（或两球质量之比）E测量 G 点相对于水平槽面的高度（3）设两球的质量分别为 mA、 mB，且 mAmB，如丙图所示，重垂线投影点为 O，球着地点迹的中心位置为 M、P、N。用两球碰撞来验证动量守恒，须满足： （根据实验中测得的物理量、长度等，用字母符号表示） 。2018-2019 学年度上学期第三学段教学质量监测高三物理答题卷 外装订线 内装订线学校:_姓名：_班级：_准考证号：_- 5 -图 12二、填空题（本题共 2 小题，共 15 分）13 （6 分） （1） ；（2
11、） 。 14 （9 分） （1） ；（2） ；（3） 。三、本题共 3 小题，37 分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。15 （10 分）如图 12 所示，木板 A 质量 ，足够长的木板 B 质量 ，质量为的木板 C 置于木板 B 上，水平地面光滑， B、 C 之间存在摩擦，开始时 B、 C 均静止，现使 A 以 的初速度向右运动，与 B 碰撞后以 4 m/s 的速度弹回（ ） ，2/10smg（1）求 B 在整个运动过程中的最大速率 ；mv（2）如碰撞后 C 在 B 上滑行距离 d=2 m，求 B、 C
12、 间动摩擦因数 。16 （12 分）如图 13 所示，在倾角为 = 30的斜面上，固定一宽度 L = 0.25m 的平行光滑金属导轨，在导轨上端接入电源和滑线变阻器，电源电动势 E = 3.0V，内阻 r = 1.0。一质量 m = 0.02kg 的金属杆 ab 与两导轨垂直并接触良好，当滑线变阻器接入电路的阻值为R 时， ab 中电流大小 I = 0.5A，此时杆恰好静止在导轨上。整个装置处于垂直于斜面向上的匀强磁场中，导轨与金属棒的电阻不计，取 g = 10 m/s2。求：（1） R 的大小；题号 二 15 16 17 总分得分- 6 -图 14图 13（2）磁感应强度 B 的大小；（3）
13、若只改变磁场，使金属杆 ab 仍静止在轨道上面，且对轨道的压力恰好为零。求此时磁感应强度的大小和方向。17 （15 分）如图 14 所示，在直角坐标系的第一、二象限内有垂直于纸面的匀强磁场，第三象限有沿 y 轴负方向的匀强电场，第四象限内无电场和磁场。质量为 m、带电量为 q 的粒子从 M 点以速度 v0沿 x 轴负方向进入电场，不计粒子的重力，粒子经 N、 P 最后又回到 M 点。设 OM=L， ON=2L，求：（1）电场强度 E 的大小；（2）匀强磁场的方向；座号- 7 -（3）磁感应强度 B 的大小。- 8 -2018-19 学年度第一学期第三学段高三物理参考答案1.C 2.C 3.D
14、4.B 5.D 6.C 7.C 8.A 9.BC 10.AC 11.AC 12.ABC13 （6 分） 【答案】 滑块 A 上遮光条的宽度为 dA BABtdmtt14 （9 分） 【答案】 （1）65.0-66.5 （2）ABD （3） ONMP15 （10 分） 【答案】 （1） （2）smvB/4.0【解析】 （1） A 与 B 碰后瞬间， B 速度最大，取向右为正方向，由 A、 B 系统动量守恒，有：， 2 分Avm0代入数据得 。 1 分sB/4（2） B 与 C 达到共同速度后，由 B、 C 系统动量守恒，有： 2 分CBABvmv)(代入数据得 1 分smv/2根据能量守恒定律得
15、 3 分22)(1CBABCvmvgd代入解得 1 分.016 （12 分） 【答案】 （1）5 (2) 0.8 T（3）1.6T 水平向左【解析】 （1）设变阻器接入电路的阻值为 R，根据闭合电路欧姆定律： 2 分)(rRIE联立解得： ； 1 分5(2) 由于金属棒静止在金属轨道上受力平衡，根据左手定则：可以得到安培力： 2 分NmgF1.03sin又由于 ，所以磁感应强度 . 2 分BILTB8（3）设此时磁感应强度为 ,金属杆静止且对轨道压力为 0，则安培力方向竖直向上0由受力平衡得： 2 分Ig所以磁感应强度 ，1 分TB6.10方向：水平向左2 分- 9 -17 （15 分） 【答
16、案】 （1） （2）垂直纸面向里（3）0mvqL023mvBqL【解析】 （1）粒子从 M 至 N 运动过程粒子逆着电场线的方向发生偏转，说明受力的方向与电场线的方向相反，所以粒子带负电粒子从 M 至 N 运动过程做类平抛运动，有：1 分21Lat加速度1 分qEm运动时间： 1 分102Ltv由得电场强度： 1 分20vEq（2、3）到达 N 时： 2 分1yvat设 与 x 成 角 ，所以： =451 分v0tn带电粒子到 N 点速度： 1 分20Nyvv带电粒子在磁场中做圆周运动的轨迹如图所示，由左手定则可得：粒子带负电荷圆心在O处，设半径为 R，由几何关系知带电粒子过 P 点的速度方向与 x 成 45角，则 ，则1 分PML32由牛顿第二定律得： 2 分NvqBmR由解得： 1 分023L由左手定则可知，方向垂直于纸面向里。3 分
