1、- 1 -浙江省嘉兴市第五高级中学 2017-2018 学年高二物理下学期期中试卷（选考，含解析）一、选择题 I（本题共 13 小题，每小题 4 分，共 52 分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.下列属于国际单位制中的基本物理量的是( )A. 电压、电流B. 电场强度、磁场强度C. 功率、效率D. 质量、时间【答案】D【解析】国际单位制规定了七个基本物理量，分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量，故 D 正确，ABC 错误。2.下列图象中，表示物体做匀加速直线运动的是( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】A
2、. A 图表示物体的位移随时间均匀变化，物体做匀速直线运动，不符合题意。故 A错误；B. B 图表示物体的速度随时间均匀变化，表示匀变速直线运动，故 B 正确；C. C 图表示加速度随时间均匀变化，表示物体做变加速直线运动，故 C 错误；D. D 图表示加速度随时间均匀变化，表示物体做变加速直线运动，故 D 错误。故选：B.3.小明家驾车去旅游行驶到某处见到如图所示的公路交通标志，下列说法正确的是A. 此路段平均速度不能超过 60 kmh- 2 -B. 此处到宜昌的位移大小是 268 kmC. 此路段平均速率不能低于 60 km/hD. 此路段瞬时速度不能超过 60 km/h【答案】D【解析】
3、试题分析：平均速度表示某段时间内或某段位移内的速度，瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度位移大小等于首末位置的距离，路程等于运动轨迹的长度解：交通标志中的“60”表示通过的瞬时速度不能超过 60km/h “宜昌 268km“知的是离宜昌的路程为 268km故 D 正确，A、B、C 错误故选 D【点评】解决本题的关键知道路程和位移的区别，平均速度和瞬时速度的区别4.如图所示为一种叫做“魔盘”的娱乐设施，当转盘转动很慢时，人会随着“魔盘”一起转动，当“魔盘”转动到一定速度时，人会“贴”在“魔盘”竖直壁上而不会滑下某个班级的几个同学在“魔盘”中， “贴”在“魔盘”竖直壁上随“魔盘”一起运动，则下列说
4、法正确的是( )A. 以“魔盘”为参考系，人是运动的B. 以“贴”在“魔盘”竖直壁上的人为参考系， “魔盘”是运动的C. 以“贴”在“魔盘”竖直壁上的同伴为参考系，某同学是静止的D. 以地面为参考系，游戏的同学们是静止的【答案】C【解析】【详解】A.人是“贴”在“魔盘”竖直壁上，随“魔盘”一起运动的，以“魔盘”为参考系，人是静止的，故 A 错误；B.同理，以“贴”在“魔盘”竖直壁上的人为参考系， “魔盘”是静止的，故 B 错误；C.根据题意，这几个同学都是“贴”在“魔盘”竖直壁上，随“魔盘”一起运动，以“贴”在“魔盘”竖直壁上的同伴为参考系，某同学是静止的，故 C 正确；- 3 -D.以地面为
5、参考系， “魔盘”是运动的，游戏的同学们随“魔盘”一起运动，所以以地面为参考系，游戏的同学们是运动的，故 D 错误。故选：C5. 如图所示，青铜雕像马踏飞燕是汉代艺术家高度智慧、浪漫想象和高超艺术技巧的结晶，是我国古代雕塑艺术的稀世之宝，被誉为中国旅游业的象征。飞奔的骏马三足腾空，只用一只蹄稳稳地踏在飞翔的燕子上，是因为（ ）A. 马跑得快的缘故B. 马蹄大的缘故C. 马的重心在飞燕上D. 马的重心位置和飞燕在一条竖直线上【答案】D【解析】考点：重心分析：对马进行受力分析，马处于平衡状态，飞燕对马的支持力和马的重力平衡，这些力与跑得快慢没关系，和马蹄的大小没关系解答：解：飞奔的骏马之所以能用一
6、只蹄稳稳地踏在飞翔的燕子上，和马跑得快慢没关系，和马蹄的大小没关系，而是因为马处于平衡状态，飞燕对马的支持力和马的重力在一条竖直线上，故 D 正确根据马的形态，马的重心不会在飞燕上，C 错故选 D点评：本题考查了重心的概念，属于基础题6.某超市中，两层楼间有一架斜面式自动扶梯(无阶梯)，如图所示，小张乘匀速上升的自动扶梯上楼假设小张、购物车、自动扶梯间保持相对静止，楼层高度为 5 m，自动扶梯的倾角为 30，小张经过 20 s 到达则自动扶梯的速度为( )- 4 -A. 0.25 m/sB. 0.50 m/sC. 0.05 m/sD. 2.5 m/s【答案】B【解析】【详解】自动扶梯的长度为：
7、L=5/sin30=10m由于“小张乘匀速上升的自动扶梯上楼”且“小张自动扶梯间保持相对静止”故自动扶梯的长度 L 等于小张匀速运动的位移 S 的大小。所以自动扶梯的速度为：v=S/t=10/20=0.50m/s故选：B7.一名攀岩运动员在登上陡峭的峰顶时不小心碰落了一块石块，8 s 后他听到石块落到地面的声音若考虑到声音传播所需的时间，设声音在空气中传播的速度为 340 m/s，则山峰的实际高度值应最接近于( g 取 10m/s2)( )A. 80 mB. 160 mC. 250 mD. 320 m【答案】C【解析】若不考虑声音的传播需要时间，则这个山峰的高度： ，考虑到声音传播需要一定时间
8、后，石块下落到地面的时间小于 8s，因此落地速度和山峰高度都比上面算出的值小一些根据上面算出的高度，作为估算，声音传播的时间可取约为，因此山峰的实际高度估计约为： ，故 C正确，ABD 错误。8.如图所示，小船过河时，船头偏向上游与水流方向成 角，船相对于静水的速度为 v，其航线恰好垂直于河岸；现水流速度稍有增大，为保持航线不变，且准时到达对岸，下列措施- 5 -中可行的是（ ）A. 减小 角，增大船速 vB. 增大 角，增大船速 vC. 减小 角，保持船速 v 不变D. 增大 角，保持船速 v 不变【答案】B【解析】试题分析：由题意可知，船相对水的速度为 v，其航线恰好垂直于河岸，当水流速度
9、稍有减小，为保持航线不变，且准时到达对岸，则合速度大小和方向均不变，如图所示，可知减小 角，减小 v，故 B 正确，ACD 错误；故选：B考点：运动和合成和分解.9.在德国首都柏林举行的世界田径锦标赛女子跳高决赛中，克罗地亚选手弗拉希奇以 2 米 04的成绩获得冠军。弗拉希奇身高约为 1.93 m，忽略空气阻力，g 取 10 m/s2。则下列说法正确的是( )A. 弗拉希奇在下降过程中处于失重状态B. 弗拉希奇起跳以后在上升过程中处于超重状态C. 弗拉希奇起跳时地面对她的支持力大于她的重力D. 弗拉希奇起跳时的初速度大约为 3 m/s【答案】AC【解析】- 6 -弗拉希奇在整个跳高过程中，只受
10、重力作用，处于完全失重状态故 A 正确，B 错误弗拉希奇起跳时，有向上的加速度，则地面对他的支持力大于她的重力，故 C 错误弗拉希奇重心升高的高度为：h=2.04- =1.07m；选项 D 正确；故选 AD.点睛：本题考查应用物理知识分析实际问题的能力当物体具有向上加速度时，处于超重状态；相反，处于失重状态同时注意运动员跳高时只考虑重心升高的高度10.长期以来“卡戎星(Charon)”被认为是冥王星唯一的卫星，它的公转轨道半径 r119 600 km，公转周期 T16.39 天.2006 年 3 月，天文学家发现两颗冥王星的小卫星，其中一颗的公转半径 r248 000 km，则它的公转周期 T
11、2最接近于( )A. 15 天 B. 25 天 C. 35 天 D. 45 天【答案】B【解析】试题分析：根据开普勒行星运动第三定律可知，冥王星的卫星满足 ，则 ，解得：，选项 B 正确.考点：开普勒行星运动第三定律.视频11.如图所示，在一点电荷的电场中有三个等势面，与电场线的交点依次为 a、 b、 c，它们的电势分别为 12V、8 V 和 3V，一带电粒子从一等势面上的 a 点由静止释放，粒子仅在电场力作用下沿直线由 a 点运动到 c 点，已知粒子经过 b 点时速度为 v，则( )A. 粒子一定带负电 B. 长度 ab bc45C. 粒子经过 c 点时速度为 D. 粒子经过 c 点时速度为
12、【答案】C【解析】A、根据 a、 b、 c 三点的电势可知，电场线方向由 a 指向 c， 带电粒子由静止从 a 点运动到 c- 7 -点，是顺电场线移动，所以粒子带正电，A 错误；B、点电荷形成的电场不是匀强电场，不能用 来计算电势差与电场强度及两点间距离的关系，B 错误；C、D、由动能定理得： ， ，且 ， ，计算得：，C 正确；D 错误；故选 C 。12. 电荷在磁场中运动时受到洛仑兹力的方向如图所示，其中正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：根据左手定则得，A 选项洛伦兹力方向竖直向下，B 选项洛伦兹力方向竖直向下，C 选项不受洛伦兹力，D 选项洛伦兹力方向垂
13、直纸面向外故 A 正确，BCD 错误故选 A。考点：左手定则【名师点睛】解决本题的关键掌握左手定则判定电荷在磁场中运动速度、磁场和电荷受到洛仑兹力三者之间的方向关系。13.如图所示，内壁光滑、半径大小为 R 的圆轨道竖直固定在桌面上，一个质量为 m 的小球静止在轨道底部 A 点现用小锤沿水平方向快速击打小球，击打后迅速移开，使小球沿轨道在竖直面内运动当小球回到 A 点时，再次用小锤沿运动方向击打小球，通过两次击打，小球才能运动到圆轨道的最高点已知小球在运动过程中始终未脱离轨道，在第一次击打过程中小锤对小球做功 W1，第二次击打过程中小锤对小球做功 W2.设先后两次击打过程中，小锤- 8 -对小
14、球做功全部用来增加小球的动能，则 的值可能是( )A. B. C. D. 1【答案】B【解析】第一次击打后球最多到达与球心 O 等高位置，根据功能关系，有： W1 mgR 两次击打后可以到轨道最高点，根据功能关系，有： 在最高点，有： 联立,解得： ， ，故 .故 A、B 正确，C、D 错误；故选 AB【点睛】本题的关键是分析小球的运动过程，抓住临界状态和临界条件，然后结合功能关系和牛顿第二定律列式解答。二、非选择题（本题共 5 小题，共 48 分）14.某实验小组用如图甲所示装置做“验证机械能守恒定律”实验(1)实验中除了打点计时器，还必须用到的测量工具为_(2)在实验操作和数据处理过程中，
15、下列做法必须有的是_- 9 -A用天平测出重物的质量B为减小长度测量的误差，处理纸带时每五个点取一个计数点C必须选择打的第 1 个点与第 2 个点的间隔约为 2 mm 的纸带D必须先接通电源，再释放纸带(3)图乙为实验中得到的一条纸带， O 为打的第一个点， A、 B、 C、 D、 E 为纸带上打点计时器打出的五个连续的点，测出这五个点到 O 点的距离分别为 xA、 xB、 xC、 xD、 xE.打点计时器所接交流电的频率为 f，当地的重力加速度为 g，现用 OC 段验证机械能守恒定律，要验证的表达式为_，若实验中算得动能的增加量大于重力势能的减少量，可能原因是_【答案】 (1). 刻度尺，
16、(2). D， (3). ， (4). 先释放纸带后接通电源【解析】【详解】(1)实验中要测量纸带上记录的重物下落的高度，必须用到测量长度的工具，即刻度尺；(2)由于只要验证 gh= 即可，因此不需要测重物的质量；由于物体做落体运动时，打点的间隔较大，因此不需要每五个点取一个计数点；如果打的第 1 个点与第 2 个点的间隔不为2mm，可以取纸带中一段点迹清楚的部分，验证重物在打这两个点的时间间隔内机械能守恒即可；实验中必须先接通电源再释放纸带。故 D 项正确。(3)要验证的表达式为即 ，若实验中算得动能的增加量大于重力势能的减少量，可能原因是先释放纸带再接通电。【点睛】 （1）仪器工具的选择根
17、据测量的需求进行分析定位；（2）打点计时器要先工作再释放物体，顺序不能颠倒，而物体的质量不需要测量，对于间距及起点是否是从静止开始，没有严格的要求；（3）根据物体下落，减小的重力势能转化为动能，那么由平均速度来求得瞬时速度，从而列出验证的表达式；当起点不是从静止开始运动，则增加的动能将会略大于减小的重力势能；- 10 -15. 某人用多用电表测量电阻。用已调零且选择旋钮指向欧姆挡“100”位置的多用电表测某电阻阻值,根据如左图所示的表盘，被测电阻阻值为 。现用已调零且选择旋钮指向欧姆挡“100”位置的多用电表继续测量另一个电阻的阻值，将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小，如右图所示
18、，为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按 的顺序进行操作。A将 K 旋转到电阻挡“x1K”的位置。B将 K 旋转到电阻挡“x10”的位置。C将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接，完成读数测量。D将两表笔短接，对电表进行欧姆调零。【答案】(1)2200 ；(2)ADC【解析】试题分析：被测电阻阻值为 22100=2200；因指针的偏转角度过小，故应该选择大倍率档；故合理的操作步骤是：A将 K 旋转到电阻挡“x1K”的位置；D将两表笔短接，对电表进行欧姆调零；C将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接，完成读数测量。即：ADC.考点：万用表的使用16.当地时
19、间 2016 年 3 月 19 日凌晨，一架从阿拉伯联合酋长国迪拜飞往俄罗斯西南部城市顿河畔罗斯托夫的客机，在俄机场降落时坠毁，机上 62 人全部遇难专家初步认定，恶劣天气是导致飞机失事的原因为了保证安全，避免在意外事故发生时出现更大损失与伤害，民航客机都有紧急出口，打开紧急出口，狭长的气囊会自动充气，生成一条连接出口与地面的斜面，人员可沿斜面滑行到地面上，并以不变的速率进入水平面，在水平面上再滑行一段- 11 -距离而停止，如图所示若机舱口下沿距地面 3.6 m，气囊构成的斜面长度为 6.0 m，一个质量 60 kg 的人沿气囊滑下时所受到的摩擦阻力是 240 N若人在水平面的动摩擦因数与斜
20、面相同， g 取 10 m/s2，(sin 370.6，cos 370.8)求：(1)人与斜面之间的动摩擦因数 ；(2)人在斜面上下滑的时间 t；(3)人在水平面上滑行的距离 x.【答案】(1) 0.5. (2) 2.45 s.(3) 2.4 m【解析】【详解】(1)设气囊倾角为 ，由几何关系知sin h/L=3.6/6.00.6则 37FfF Nmgcos 解得 =0.5(2)人在气囊上下滑过程中，由牛顿第二定律得mgsin F fma 1解得 a1 m/s22.0 m/s 2下滑时间 t s2.45 s.(3)人到达地面的速度 v1a 1t2.0 m/s2 m/s人在地面上运动的加速度 a
21、2 g5.0 m/s 2人在水平面上滑行的距离 x m2.4 m.【点睛】根据滑动摩擦力的大小，结合摩擦力的公式求出动摩擦因数的大小；根据牛顿第二定律求出在斜面上下滑的加速度，结合位移时间公式求出在斜面上下滑的时间；- 12 -根据牛顿第二定律求出在水平面上运动的加速度，结合速度位移公式求出在水平面上运动的位移大小。17.如图所示，在倾角为 30的斜面上，固定一宽 L0.25m 的平行光滑金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器 R。电源电动势 E12V，内阻 r1，一质量 m20g 的金属棒 ab 与两导轨垂直并接触良好。整个装置处于磁感应强度 B0.80T、垂直于斜面向上的匀强磁场中（导轨
22、与金属棒的电阻不计） 。取 g10m/s 2，要保持金属棒在导轨上静止，求：（1）金属棒所受到的安培力的大小（2）通过金属棒的电流的大小（3）滑动变阻器 R 接入电路中的阻值【答案】 （1）0.1N（2）0.5A（3）23【解析】试题分析：（1） ，得 （2）金属棒静止在金属轨道上受力平衡，如图所示解得 （3）设滑动变阻器接入电路的阻值为 R0，根据闭合电路欧姆定律得：解得考点：考查了安培力，闭合回路欧姆定律【名师点睛】本题考查应用平衡条件解决磁场中导体的平衡问题，关键在于安培力的分析和- 13 -计算，比较容易在匀强磁场中，当通电导体与磁场垂直时，安培力大小 F=BIL，方向由左手定则判断1
23、8.滑板运动是极限运动的鼻祖，许多极限运动项目均由滑板项目延伸而来如图所示是滑板运动的轨道，BC 和 DE 是两段光滑圆弧形轨道，BC 段的圆心为 O 点，圆心角为60，半径 OC 与水平轨道 CD 垂直，水平轨道 CD 段粗糙且长 8 m一运动员从轨道上的 A 点以 3 m/s 的速度水平滑出，在 B 点刚好沿轨道的切线方向滑入圆弧形轨道 BC，经 CD 轨道后冲上 DE 轨道，到达 E 点时速度减为零，然后返回已知运动员和滑板的总质量为 60 kg，B、E 两点与水平面 CD 的竖直高度分别为 h 和 H，且 h2 m，H2.8 m，g 取 10 m/s2.求：(1)运动员从 A 运动到达
24、 B 点时的速度大小 vB；(2)轨道 CD 段的动摩擦因数 ；(3)通过计算说明，第一次返回时，运动员能否回到 B 点？如能，请求出回到 B 点时的速度大小；如不能，则最后停在何处？【答案】 （1） （2） （3）最后停在 D 点左侧 6.4m 处，或 C 点右侧 1.6m 处【解析】试题分析： （1）由题意可知：解得：（2）由 B 点到 E 点，由动能定理可得：由带入数据可得：（3）运动员能到达左侧的最大高度为 ，从 B 到第一次返回左侧最高处，根据动能定理解出- 14 -所以：第一次返回时，运动员不能回到 B 点设运动员从 B 点运动到停止，在 CD 段的总路程为 s，由动能定理可得：解得：因为 ，所以运动员最后停在 D 点左侧 6.4m 处，或 C 点右侧 1.6m 处。考点：考查了动能定理的综合应用
