1、1南康中学 20182019 学年度第一学期高三第五次大考物 理 试 卷一、本题共 10 小题,每小题 4 分,共 40 分其中 16 题为单选题,710 题为多选题。全部选对的得 4 分,选不全的得 2 分,有选错或不答的得 0 分1 在物理学的发展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，以下关于所用物理学研究方法的叙述错误的是（ ）A 牛顿运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿运动定律都能通过现代的实验手段直接验证B 在伽利略的斜面实验中将可靠的事实和科学抽象思维有机结合起来反映自然规律，开创了物理学的研究方法C 将一个铁球放在墙角处判断两个接触面的支持力较困难，若在两个接触面处放上海绵
2、垫来观察海绵的凹陷来判断较容易，这里采用的是用替代放大法便于观察D在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，物理学中把这种研究方法叫做“微元法”2 甲 、 乙 两 人 用 绳 ao 和 bo 通 过 装 在 P 楼 和 Q 楼 楼 顶 的 定 滑 轮 ， 将 质量 为 m 的 物 块 由 o 点 沿 ao 直 线 缓 慢 地 向 上 提 升 ， 如 图 所 示 aob 为 锐 角 ,则 在 物 块 由 o 点 沿 ao 直线缓慢上升过程中，以下判断正确的是( ) Aao 绳 和 bo 绳 中 的 弹 力 逐 渐 减 小B
3、 ao 绳 中 的 弹 力 先 增 大 后 减 小Cb o 绳 中 的 弹 力 先 减 小 后 增 大D ao 绳 中 的 弹 力 先 减 小 后 增 大 ， bo 绳 中 的 弹 力 一 直 增 大3类比是一种常用的研究方法。如图所示， O 为椭圆 ABCD 的左焦点，在 O 点固定一个正电荷，某电子 P 正好沿椭圆 ABCD 运动，该种运动与太阳系内行星的运动规律类似。下列说法中正确的是（ ）A电子在 A 点的线速度小于 C 点的线速度2B电子在 A 点的加速度小于 C 点的加速度C电子由 A 运动到 C 的过程中电场力做正功，电势能减小D若有另外一个电子 Q 绕 O 点以 OC 为半径做
4、匀速圆周运动 (Q 的运动轨迹图中并没有画出)，不计 PQ 之间的作用力，则 P、 Q 分别运动到 C 点时速度大小关系为 vP0)，同时加一平行与矩形 ABCD 的匀强电场。现从 O 点以同样的初动能沿各个方向抛出此带电小球，小球从矩形边界的不同位置射出，其中经过 C 点的小球的动能为初动能的 ，经过 E32点（DC 中点）的小球的动能为初动能的 ，重力加速度为 g，求：67(1)小球的初动能；(2)取电场中 O 点的电势为零，求 A、B、C、D 四点的电势；(3)带电小球经过矩形边界的哪个位置动能最大？最大动能是多少？7南康中学 20182019 学年度第一学期高三第五次大考物理试卷参考答
5、案1.A【解析】牛顿运动定律是研究动力学问题的基石，因为牛顿第一定律是物体在不受任何外力作用下的运动，而现实生活中没有不受任何外力的物体，所以牛顿第一定律是在实验的基础上，结合推理得出来的，故 A 项错误；伽利略在研究落体运动的规律时是根据铜球在斜面上的运动规律，进行合理外推，从而得出了自由落体运动规律，这种实验和推理结合的方法开创了物理学研究的新纪元，故 B 项正确2.C 3.D 4A 5.A 因只有重力和内力中的弹力做功，故小球和弹簧系统的机械能守恒，小球在 A 点的动能和重力势能均最小，故小球在 A 点的弹性势能必大于在 C 点的弹性势能，所以弹簧在 A 点的伸长量一定大于弹簧在 C 点
6、的压缩量，故 A 正确；小球从 A 至 C，在切向先做加速运动，再做减速运动，当切向合力为零（此时弹簧仍处于伸长状态）时，速度最大，故BD 错误；当弹簧处于原长时，弹性势能为 0，小球机械能最大，有题意知，A、B 相对于O1O2对称，显然，此位置在 A、C 与 B、C 之间各有一处，故 C 错误6D7【答案】BCD88AC 9【答案】AC10【答案】ABD11【答案】 (1). a= （2） AB; (3). ; (4). ;1b2kb【详解】(1)根据牛顿第二定律得：mg=(2M+m)a，解得：a=根据 h= ，则有：g= 所以需要测量的物理量有：小物块的质量 m，重物下落的距离及下落这段距
7、离所用的时间。故选：AB.9(2)因为 a= ，则 ，知图线斜率 k= ，b= ，解得 g= ，M= .g1b2k12. (1). R 0 (2). (3) bU0I0 ba U0I013.（12 分） （1）质量为 m=5kg 的滑块沿斜面运动时滑块对斜面的压力为：N1=mgcos木板对传感器的压力为：F 1=N1sin 解得：F 1=24N （2）经过时间 t=1s 到达最高点，根据速度时间关系可得：（3）根据图象可知，滑块在水平部分运动的摩擦力大小为根据牛顿第二定律可得加速度大小为：滑块在水平部分运动的时间为： 根据位移时间关系可得：14.（10 分）(1) m1从释放到最低点 由系统水
8、平方向动量守恒 0 m1v1 m2v2 2 分由系统能量守恒 m1gR m1 m2 2 分12 v12解得 v12m/s 2 分 (2)弹簧第一次压缩最短时由动量守恒定律可知物体和滑道速度为零此时弹性势能最大由能量守恒有 Epm m1gR m 1gL 2 分 解得 Epm2.8 J 2 分15（12 分） 【答案】（1） ； （2） （3）310/NC0.65480 J1016.解：(1)没加电场时。由平抛运动知识：水平方向 tvL023竖直方向： gtvy30tanvy联立解得：小球的初动能 -mgEk4210-3 分(2)加电场后，根据能量守恒定律：由 O 到 C： gLmgLqkk43210由 O 到 E： 则mEkk8670 qmgLEC83,4匀强电场中，沿同一直线电势差与距离成正比，则： qgA3-取 OC 中点 F，则 EF 为等势线，由于 EF BD，故 BD 也是等势线，即 -0BD-4 分(3)如图：电场线与等势线 BD 垂直，由 1cos302EOUl得 mgq11用正交分解法求出电场力和重力的合力： mgqEFx430sinmgqEFy4130cos合力 ，方向沿 ODyx22合力对小球做功越多，小球动能越大，则从 D 点射出的带电小球动能最大，根据动能定理： 0kmEODF解得最大初动能 - -5 分gL45
