1、1题型专项必练四 直方图类一、选择题1.(2018辽宁沈阳九中段测,22)右图为不同种植物的光补偿点和光饱和点的相对值(其他环境条件适宜),下列叙述正确的是 ( )A.植物在光补偿点时,叶肉细胞不释放氧气B.突然遮光处理,植物叶肉细胞中 C3生成量减少C.适当提高温度可以提高植物的光饱和点D.最适宜在树林下套种的是植物答案:B解析:植物在光补偿点时,整株植物光合速率等于呼吸速率,但其叶肉细胞光合速率大于呼吸速率,向细胞外释放氧气,A 项错误;突然遮光处理,植物叶肉细胞中 ATP和H提供减少,还原 C3生成 C5减少,随后 CO2与 C5结合生成 C3的量也减少,B 项正确;本实验数据是在适宜温
2、度条件下测得,升高温度不利于光合作用,故光饱和点应下降,C 项错误;树林下光照强度较低,植物光补偿点低,利用较低光照强度就可正常生长,D 项错误。2.如图 1为适宜温度下小球藻光合速率与光照强度的关系;图 2表示将小球藻放在密闭容器内,在一定温度条件下容器内 CO2浓度的变化情况。下列有关说法错误的是( )图 12图 2A.图 1中光照强度为 8时叶绿体产生 O2的最大速率为 8B.图 1中光照强度为 2时,小球藻细胞内叶绿体产生的 O2全部被线粒体消耗C.若图 2实验中有 2 h处于黑暗中,则没有光照的时间段应是 24 hD.图 2实验过程中,46 h 的平均光照强度小于 810 h的平均光
3、照强度答案:A解析:图 1中纵坐标氧气释放速率代表净光合速率,光照强度为 8时小球藻释放 O2的最大速率为 8,呼吸速率为 2,则叶绿体产生 O2的最大速率为 10,A项错误;图 1中光照强度为 2时,氧气释放速率为 0,光合速率与呼吸速率相等,则小球藻细胞内叶绿体产生的 O2全部被线粒体消耗,B 项正确;若图2实验中有 2 h处于黑暗中,则此时只进行呼吸作用,密闭容器内 CO2浓度上升,对应的时间段是 24 h,C项正确;图 2实验在一定温度条件下进行,呼吸速率一定,46 h CO 2浓度较高,810 h CO 2浓度较低,二者 CO2浓度保持不变,说明光合速率等于呼吸速率,46 h 平均光
4、照强度应小于 810 h的平均光照强度,D 项正确。3.为探究不同浓度的 2,4-D对绿豆发芽的影响,某学生用不同浓度的 2,4-D分别浸泡绿豆种子 12 h,再在相同且适宜条件下培养,结果如图所示。下列分析正确的是( )A.0.4 mg/L的 2,4-D溶液促进芽的生长、抑制根的生长B.2,4-D溶液既能促进根的生长,也能抑制根的生长C.1 mol/L的 2,4-D溶液是培养无根豆芽的最适浓度D.2,4-D具有与生长素相似的生理功能,属于植物激素答案:B解析:据图可知,与对照组相比,0.4 mg/L 的 2,4-D溶液既能促进芽的生长,也能促进根的生长,A 项错误;据图可知,0.4 mg/L
5、 的 2,4-D溶液中根的长度大于对照组,0.7 mg/L 的 2,4-D溶液中根的长度小于对照组,说明 2,4-D溶液既能促进根的生长,也能抑制根的生长,B 项正确;实验中 2,4-D溶液的浓度梯度较大,不能说明 1 mol/L的 2,4-D溶液是培养无根豆芽的最适浓度,C 项错误;2,4-D 是人工合成的植物生长调节剂,不属于植物激素,D 项错误。34.(2018湖南双峰一中月考,32)选取生理状况相同的二倍体草莓(2 N=14)幼苗若干,随机分组,每组30株,用不同浓度的秋水仙素溶液处理幼芽,得到实验结果如图所示。下列有关叙述中错误的是( )A.该实验的自变量有两个B.高倍镜下观察草莓茎
6、尖细胞的临时装片,发现有的细胞分裂后期的染色体数目为 56C.秋水仙素与龙胆紫一样属于碱性染料,能对染色体着色,从而诱导染色体加倍D.实验表明:用质量分数为 0.2%的秋水仙素溶液处理草莓幼苗的幼芽 1 d,诱导成功率最高答案:C解析:理解实验过程和染色体加倍机理是解题关键。该实验的自变量是秋水仙素的浓度和处理时间,A项正确。二倍体草莓经秋水仙素诱导成功后,染色体加倍成 28,有丝分裂后期染色体数目为 56,B项正确。秋水仙素不能对染色体着色,其诱导染色体加倍的原理是抑制纺锤体的形成,C 项错误。用质量分数为 0.2%的秋水仙素溶液处理草莓幼苗的幼芽 1 d,诱导成功率在处理的组别中最高,D
7、项正确。5.(2018陕西咸阳 5月临考预测,4)家蝇对某类杀虫剂产生抗性,下图是对甲、乙、丙三个地区家蝇种群的敏感性和抗性基因型频率调查分析的结果。下列叙述错误的是( )A.若对这三个地区喷洒等剂量的这类杀虫剂,死亡率最低的为乙地区家蝇种群B.丙地区家蝇种群中抗性基因频率为 8.5%C.这三个地区家蝇种群敏感性基因频率不同是自然选择的结果D.家蝇抗药性的产生增加了物种丰富度,提高了生态系统的稳定性答案:D解析:根据题意,只有抗性家蝇才能抵抗杀虫剂,而图中三个地区不同基因型的家蝇所占比例中,只有乙地区家蝇中抗性比例最高,A 项正确;根据丙地区三种表现型的家蝇的基因型频率,敏感性纯合子占 84%
8、,抗性杂合子占 15%,抗性纯合子比例 1%,由此可计算抗性基因频率=1/215%+1%=8.5%,B项正确;甲、乙、丙三地区的基因频率不同都是自然选择的结果,C 项正确;抗药性家蝇并不是一个新的物种,所以产生了抗药性家蝇并未增加生态系统综合物种的多样性,只是增加了基因的多样性,D项错误。46.(2018山东烟台高考适应性练习一,6)下图表示生物体的同化量在三个主要生命活动间分配的四种情况:用于与其他物种争夺相同资源所消耗的能量;用于避免捕食者捕食所需的能量;用于产生下一代所消耗的能量。下列说法错误的是( )A.最可能出现在群落演替早期的是情况甲,该种群的种群密度呈增大趋势B.与其他生物的竞争
9、、捕食越激烈,种群用于繁殖的能量比例就越小C.为防治农田鼠害,可引入天敌,使鼠的能量分配向情况丙转变,从而降低鼠的环境容纳量D.种群的同化量有四个去向:以热能形式散失,用于生长、发育和繁殖,流入下一个营养级,流向分解者答案:D解析:据图分析,甲的捕食和竞争消耗的能量最少,产生下一代所消耗的能量最多,说明该种群的种群密度呈增大趋势,最可能出现在群落演替早期,A 项正确;生物同化的能量是一定的,若与其他生物的竞争、捕食越激烈,则用于种群繁殖的能量比例就越小,B 项正确;为防治农田鼠害,可引入天敌,增加其被捕食的比例,即使鼠的能量分配向情况丙转变,从而降低鼠的环境容纳量,C 项正确;种群的同化量有四
10、个去向:呼吸作用以热能形式散失的能量,流入下一个营养级的能量,流向分解者的能量,未被利用的能量,D 项错误。二、非选择题7.(2018东北三省三校第二次模拟,30)研究表明,拟南芥中光敏色素介导的光信号与植物激素脱落酸(ABA)代谢途径相互作用。phyB 突变体水稻无法合成光敏色素,利用野生型和光敏色素突变体水稻作为研究材料,分析光敏色素介导的光信号对 ABA生物代谢的影响,结果如下图所示。请回答下列问题。(a)野生型和 phyB突变体中 ABA含量比较5(b)ABA代谢相关基因在野生型和 phyB突变体中的表达水平比较(1)分析实验,phyB 突变体与野生型相比体内内源 ABA含量差异可能原
11、因是:实验(b)中 ABA合成代谢相关基因是 OsABAOX (填“1”“2”或“3”),在 phyB突变体中的表达水平明显 野生型,而 ABA降解代谢相关基因是 OsABAOX (填“1”“2”或“3”)。 (2)另有实验表明,外源 ABA明显抑制光照下生长的水稻种子的萌发,且外源 ABA对 phyB突变体种子萌发的抑制效果更明显。据此推测,在野生型水稻体内光敏色素通过感受光信号 (填“削弱”或“增强”)了 ABA对种子萌发的抑制效果。 (3)ABA的生理作用除了抑制种子萌发外,还可以 。 答案:(1)2 和 3 高于 1(2)削弱(3)抑制细胞分裂,促进叶和果实的衰老和脱落解析:据图分析,
12、(a)图中,叶片和幼苗的野生型的 ABA含量都低于突变体,且叶片的野生型和突变体的 ABA含量都高于幼苗。(b)图中,突变体的 OsABAOX1基因表达水平低于野生型,而 OsABAOX2基因和 OsABAOX3基因的表达水平都高于野生型。(1)根据以上分析可知,(b)图中显示突变体的 OsABAOX2基因和 OsABAOX3基因的表达水平都高于野生型,导致叶片和幼苗的突变体内源 ABA含量都高于野生型;而突变体的 OsABAOX1基因的表达水平低于野生型,说明 ABA降解代谢相关基因是 OsABAOX1。(2)根据题意分析,外源 ABA明显抑制光照下生长的水稻种子的萌发,且外源 ABA对 p
13、hyB突变体种子萌发的抑制效果更明显,说明在野生型水稻体内光敏色素通过感受光信号削弱了 ABA对种子萌发的抑制效果。(3)脱落酸(ABA)可以解除种子休眠,还可以抑制细胞分裂,促进叶和果实的衰老和脱落。8.小球藻(一种单细胞绿藻)是生产生物柴油的原料之一。研究发现有些细菌能产生促进小球藻生长的物质,也能分解小球藻产生的自身抑制物。研究人员利用从小球藻培养液中分离纯化的 3种细菌(X 1、X 2、X 3)分别与小球藻混合培养,以筛选出对小球藻生长、油脂积累有利的共生菌。图 1、2表示有关实验结果,其中 A1A3代表等量小球藻分别与细菌 X1X3的混合培养组。请回答下列问题。图 16图 2(1)在
14、藻菌共培养的过程中,需要提供水、无机盐等营养物质,以及适宜温度和 等环境条件。此过程中,小球藻可为细菌的生长、增殖提供 。 (2)图 1表明随培养时间的延长,小球藻种群数量增长速率的变化趋势是 。 (3)在对小球藻进行直接计数时,通常采用 的方法。计数时取小球藻培养液并稀释 400倍后,用血细胞计数板(计数室中方格面积:1/25 mm 2)进行计数,得到平均每个中方格中小球藻数量为 25个。已知每个小球藻细胞干重约 10-12g,则每升样品液中小球藻干重为 g。 (4)根据实验结果,应选择 作为最佳共生菌。在利用这种菌种进行连续生产时,某同学认为藻密度应控制在培养至第 6天时对应的藻密度,你是
15、否同意他的观点?请简要说明理由。 。 答案:(1)光照(和 CO2) 营养物质和氧气(2)先增大后减小(3)抽样检测 2.5(4)X1 不同意,此时小球藻虽增殖比较快,但油脂含量较低解析:(1)小球藻属于藻类植物,含有叶绿体,能进行光合作用,因此藻菌共培养的过程中,需要提供水、无机盐等营养物质以及适宜温度和光照(和 CO2)等环境条件。小球藻与其共生的细菌类相互提供营养物质,小球藻可以进行光合作用制造有机物和氧气供细菌的生长、繁殖。(2)据图 1的实验结果可知,随培养时间的延长,小球藻种群数量增长速率的变化趋势是先增大后减小。(3)不同生物,种群密度调查方法不同。调查植物和活动能力弱的动物的种
16、群密度时要用样方法;而调查活动能力强的动物的种群密度要用标志重捕法;对小球藻等微生物进行直接计数时,通常采用抽样检测的方法。因为血细胞计数板中计数室中方格面积为 1/25 mm2,可知此计数板的规格为2516型,因此小球藻数量/mL=80 个小方格的细胞总数/8040010 000稀释倍数=25 个中方格的小球藻数目10 000稀释倍数=252510 000400=2.510 9个/mL,因此每升样品液中小球藻干重为 2.510910310-12 g=2.5 g。 (4)根据实验结果可知,小球藻与 X1细菌共生时其生长速率与油脂含量都是最高的,因此应选择X1作为最佳共生菌,在利用这种菌种进行连续生产时,某同学认为藻密度应控制在培养至第 6天时对应的藻密度,此观点不合理,因为此时小球藻虽增殖比较快,但油脂含量较低。
