1、- 1 -达旗一中 20172018 学年第二学期期末试卷高一物理试题时间：100 分钟 总分：100 分本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。共100分，考试时间100分钟。注意事项：1.答卷前将密封线内的项目填写清楚，并将相关的项涂写在答题卡上。2.答第卷时，请用2 B铅笔将答案直接涂写在答题卡上。3.答第卷时，请用蓝黑色钢笔或圆珠笔直接答在试卷上。4.试卷中自由落体加速度取g=10m/s 2。第一卷(选择题共 48 分)一选择题（本题共 12 小题，每小题 4 分，在每小题给出的四个选项中，第 1-8 题只有一项符合题目要求，第 9-12 题有多项符合题目要求。全部选对的得 4
2、 分，选对但不全得 2 分，有选错的得 0 分。 ）1下列关于速度、速度的变化量和加速度的说法，正确的是（ ）A. 只要物体的速度大，加速度就大B. 只要物体的速度变化率大，加速度就大C. 只要物体的加速度大，速度变化量就大D. 只要物体的速度不为零，加速度就不为零2质点做直线运动的位移 x 与时间 t 的关系为 x=5t+t2（各物理量均采用国际单位） ，则该质点( )A. 第 1s 内的位移是 5m B. 前 2s 内的平均速度是 6m/sC. 任意相邻的 1s 内位移差都是 1m D. 任意 1s 内的速度增量都是 2m/s3关于自由落体运动(g10 m/s 2)，下列说法中不正确的是(
3、 )A下落开始连续通过三个 5m 的位移所用的时间之比为 123B自由落体是初速度为零，ag 的竖直向下的匀加速直线运动C在 1 s 末、2s 末、3s 末的速度大小之比是 123D在第 1s 内、第 2s 内、第 3s 内通过的位移之比是 1354下列关于各物体惯性的说法中正确的是（ ）- 2 -A. 逐渐停止滚动的足球，它的惯性越来越小B. 汽车空载时比载重时更容易启动，说明汽车空载时的惯性较小C. 静止的火车启动时十分缓慢，说明火车静止时的惯性比运动时的大D. 航行的宇宙飞船内的物体，完全失重，没有惯性5如图所示，物体 静止在水平地面上，下列说法正确的是 （ ） AA. 物体对地面的压力
4、和重力是一对平衡力B. 物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对平衡力C. 物体受到的重力和地面支持力是一对平衡力D. 物体受到的重力和地面支持力是一对作用力和反作用力6如图所示，有一个直角支架 AOB，AO 水平放置，表面粗糙， OB 竖直向下，表面光滑。AO上套有小环 P，OB 上套有小环 Q，两环质晕均为 m,两环由一根质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡。现将 P 环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，AO 杆对 P 环的支持力 F 和摩擦力 f 的变化情况是( )A. F 不变， f 变大 B. F 不变，f 变小 C. F
5、变大， f 变大 D. F 变大，f 变小7如图所示，细绳拴一个质量为 的小球，小球用固定在墙上的水m平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连。平衡时细绳与竖直方向的夹角为 （已知53） 。以下说法正确的是( )cos530.6,sin.8A. 小球静止时弹簧的弹力大小为 35gB. 小球静止时细绳的拉力大小为 mC. 细绳烧断瞬间小球的加速度为 3D. 细绳烧断瞬间小球的加速度为 g8如图所示，一倾角为 的光滑斜面向左做匀加速直线运动，物块相对于斜面静止，则斜面的加速度为（ ）A. B. C. D. tangtangsingcos9如图所示，甲乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作
6、为计时起点，得到两车的位移时间- 3 -图象（xt）图象，则下列说法正确的是（ ）A. 时刻乙车从后面追上甲车1tB. 时刻两车相距最远C. 时刻乙车速度大于甲车速度1tD. 0 到 时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度10一物体自 t=0 时开始做直线运动，其速度图线如图所示。下列选项正确的是（ ）A. 在 06s 内，物体经过的路程为 40mB. 在 06s 内，物体离出发点最远为 30mC. 在 04s 内，物体的平均速率为 7.5m/sD. 在第 5s 末，物体的加速度方向发生改变。11下列对牛顿第二定律表达式 F=ma 及其变形公式的理解，正确的是（ ）A. 由 F=ma 可知，
7、物体所受的合外力与物体的质量成正比，与物体的加速度成正比B. 由 m=F/a 可知，物体的质量与其所受合外力成正比，与其运动加速度成反比C. 由 a=F/m 可知，物体的加速度与其所受合外力成正比，与其质量成反比D. 由 m=F/a 可知，物体的质量可以通过测量它的加速度和它受到的合外力而求得12如图所示，水平传送带 A、B 两端点相距 x=2m，以 v0=2m/s 的速度（始终保持不变）顺时针运转今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至 A 点处，已知小煤块与传送带间的滑动摩擦因数为 0.4，g 取 10m/s2由于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕则小煤块从 A 运动到
8、B 的过程中（ ）A. 小煤块从 A 运动到 B 的时间是 1sB. 小煤块从 A 运动到 B 的时间是 1.25sC. 划痕长度是 1mD. 划痕长度是 0.5m第二卷(非选择题共 52 分)- 4 -二实验题(共 14 分，请按题目要求作答)13某同学利用如图( a)装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验（1）他通过实验得到如图( b)所示的弹力大小 与弹簧长度 x 的关系图线由此图线可得该弹簧的劲度系数 k=_N/m（2）他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图( c)所示时，此弹簧秤读数为_N，该弹簧此时的长度 x=_cm14某同学设计了一个探究加速度 a
9、 与物体所受合力 F 及质量 m 关系的实验，如图所示，图a 为实验装置简图。（1）关于该实验，下列说法正确的是_A.图中的电源插头应与“6 V”交流电源连接B.实验前要将带有滑轮的木板一端垫起C.实验操作前应使小车从靠近打点计时器的位置释放D.设沙桶和沙子的质量为 m0，小车质量为 m，为了减小实验误差，它们质量应满足 m0m；（2）电源的频率为 50 Hz，图 b 为某次实验得到的纸带（每相邻两个计数点间还有一个点图中未画出） ，根据纸带可求出小车的加速度大小为_ m/s2；（保留两位有效数字）（3）改变所挂钩码的数量，多次重复测量，在某次实验中根据测得的多组数据可画出 a-F关系图线。
10、（如下图所示）- 5 -1) 甲图线的 AB 段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是 _A小车与轨道之间存在摩擦 B导轨保持了水平状态C所挂钩码的总质量太大 D所用小车的质量太大2) 乙图线不过原点的原因是平衡摩擦力时长木板的倾角_（填“过大”或“过小” ） 。三.计算题(本大题共 4 小题,共 38 分。要有必要的文字说明和解题步骤,有数值计算的要注明单位)15 （9 分）某一长直的赛道上，有一辆 F1 赛车，前方 400 m 处有一安全车以 20 m/s 的速度匀速前进，这时赛车从静止出发以 4 m/s2的加速度追赶(1)求赛车出发 3 s 末的瞬时速度大小；(2)赛车何时追上安全车？(3
11、)追上之前与安全车最远相距多少米？16 （9 分）如图所示，斜面静止于水平地面上，光滑的 A 球分别与斜面和竖直墙面接触，且处于静止状态，已知球 A 和斜面的质量均为 m，斜面的倾角为 ，重力加速度为 g求：（1）求 A 球对斜面的压力大小？（2）地面对斜面的支持力和摩擦力的大小？图甲 图乙- 6 -17 （9 分）质量为 30kg 的小孩坐在 10kg 的雪橇上静止不动，大人用与水平方向成 37斜向上的拉力拉动雪橇，力的大小为 100N，雪橇与地面间的动摩擦因数为0.2， （g=10m/s 2sin37=0.6，cos37=0.8 ）求：(1)地面对雪橇的支持力大小。(2)雪橇运动的加速度大
12、小。(3)4s 内雪橇的位移大小。18 （11 分）如图所示，在光滑的水平地面上有一个长为 L，质量为 M=4kg 的木板 A，在木板的左端有一个质量为 m=2kg 的小物体 B，A、B 之间的动摩擦因数为 0.2，当对 B 施加水平向右的力 F 作用时(设 A、B 间的最大静摩擦力大小与滑动摩擦力大小相等 g=10m/s2)，（1）若 F=5N 时，则 A、B 加速度分别为多大？- 7 -（2）若 F=10N 时，则 A、B 加速度分别为多大？（3）在（2）的条件下，若力 F 作用时间 t=3s，B 刚好到达木板 A 的右端，则木板长 L 应为多少？- 8 -高一物理参考答案题号 1 2 3
13、 4 6 6答案 B D A B C B7 8 9 10 11 12C A ACD AC CD BD13 （6 分） 50 3.0N 10cm14 （8 分） （1）C （2）3.2 m/s 2 （3）C 过小15 （9 分）(1)12 m/s (2)20 s (3)450 m 【解析】(1)赛车在 3 s 末的速度 v at3(1 分)代入数据解得 v=12m/s(1 分)(2)赛车追上安全车时有 v0t s at2，(2 分)1代入数据解得 t20 s(1 分)(3)当两车速度相等时，相距最远，则有t 5 s，(1 分)0va则相距的最远距离 x v0t s at 2(2 分)1代入数据解
14、得 x450m(1 分)16 （9 分） （1） （2）2mg cosmgtang【解析】试题分析：对 A 受力分析，解三角形可得 A 球对斜面的压力；对斜面受力分析由平衡方程可得地面对斜面的支持力和摩擦力的大小。（1）将 A 物体重力分解如图(1 分)根据解三角形可得： (2 分)1cosmgF（2）斜面受力如图(1 分)- 9 -竖直方向有： (1 分)1cos0NFmg联立以上可得： (1 分)2水平方向由受力平衡得： (1 分)1sinf联立以上可得： (2 分)1taFmg17(1) 地面对雪橇的支持力大小为 340N；(2) 雪橇运动的加速度大小为 0.3m/s2；(3) 4s 内
15、雪橇的位移大小为 2.4m。【解析】 （1）设小孩和雪橇的总质量为 m，对整体受力分析得：竖直方向：Fsin + F N = mg (1 分)解得：F N = 340N；(1 分)（2）雪橇在水平方向上受到的合力：F 合 =FcosF f (1 分)且摩擦力：F f = F N (1 分)联立两式解得：F 合 = 12N 由牛顿第二定律得：F 合 = ma， (1 分) 解得雪橇运动的加速度大小为 a = 0.3m/s2 (2 分)（3）根据位移时间关系可得：x = at2 (1 分)1x = 2.4m (1 分)18 （1）a A1=aB1=5/6(m/s2 )（2）a A2=1m/s2 aB2=3m/s2（3）L=9m【解析】试题分析：解：（1）对 A： （1 分）对 AB： .（1 分）由于 aAmax=1m/s2 aAB=5/6(m/s2 ) 所以 aA1=aB1=5/6(m/s2 )（1 分）（2）对 B： （1 分）aB2=3m/s2 aAmax=1m/s2.（1 分）所以 aA2=1m/s2 aB2=3m/s2（2 分）（3）F 作用 3s，A、B 发生的位移分别为 SA和 SB（3 分）因此 L=9m （1 分）
