2015届四川成都高三毕业班第一次诊断性检测物理卷(带解析).doc
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1、2015届四川成都高三毕业班第一次诊断性检测物理卷(带解析) 选择题 下列说法正确的是 A千克、牛顿、库仑均是中学物理中涉及的国际单位制的基本单位 B质点、点电荷、匀速直线运动均属于理想化物理模型 C卡文迪许利用扭秤实验测出了静电力常量 D 、 、 分别是加速度、电场强度、磁感应强度的定义式 答案: B 试题分析: A.米、千克、秒、安培、开尔文、摩尔、坎德拉是国际单位制的七个基本单位,牛顿、库仑是国际单位制中的导出单位,故 A错误; B.质点、点电荷、匀速直线运动都是忽略次要因素,抓住主要因素的处理方法,属于理想化物理模型,故 B正确; C.卡文迪 许利用扭秤实验测出了万有引力常量,静电力常
2、量是用库仑扭秤测出的,故 C错误; D.加速度的定义式是 ,电场强度的定义式是 ,故 D错误。 考点:本题考查了国际单位制;物理学史;物理量的定义 如图甲所示,绝缘轻质细绳一端固定在方向相互垂直的匀强电场和匀强磁场中的 O点,另一端连接带正电的小球,小球电荷量 ,在图示坐标中,电场方向沿竖直方向,坐标原点 O的电势为零。当小球以 2m s的速率绕 O点在竖直平面内做匀速圆周运动时,细绳上的拉力刚好为零。在小球从最低点运动到最高点的过程中,轨迹上每点的电势 随纵坐标 y的变化关系如图乙所示,重力加速度 .则下列判断正确的是 A匀强电场的场强大小为 B小球重力势能增加最多的过程中,电势能减少了 2
3、.4J C小球做顺时针方向的匀速圆周运动 D小球所受的洛伦兹力的大小为 3N 答案: BD 试题分析: A.由匀强电场的场强公式 结合图像乙,可得,故 A错误; B.由功能关系 ,即电势能减少了 2.4J,故 B正确; C.当小球以 2m s的速率绕 O点在竖直平面内做匀速圆周运动时,细绳上的拉力刚好为零,说明是洛仑兹力提供向心力,由左手定则得小球应该是逆时针方向做圆周运 动,故 C错误;D.重力和电场力是一对平衡力,有 ,得 ,由洛仑兹力提供向心力可知洛仑兹力为 ,故 D正确。故选 BD. 考点:本题考查了带电粒子在复合场中的运动、牛顿第二定律 . 下图是小丽自制的电流表原理图,质量为 m的
4、均匀细金属杆 MN与一竖直悬挂的绝缘轻弹簧相连,弹簧劲度系数为 k,在边长为 ab L1, bc L2的矩形区域 abcd内均有匀强磁场,磁感应强度大小为 B,方向垂直纸面向外。 MN的右端连接一绝缘轻指针,可指示出标尺上的刻度, MN的长度大于 ab,当 MN中没有电流通过且处于静止时,MN与 ab边重合,且指针指在标尺的零刻度;当 MN中有电流时,指针示数可表示电流大小。 MN始终在纸面内且保持水平,重力加速度为 g,则 A.要使电流表正常工作,金属杆中电流方向应从 M至 N B.当该电流表的示数为零时,弹簧的伸长量为零 B.该电流表的量程是 D.该电流表的刻度在 范围内是不均匀的 答案:
5、 AC 试题分析: A.当有电流时, MN向下运动,进入磁场,所以受到的安培力向下,根据左手定则可知,电流一定是从 M到 N,故 A正确; B.当电流表的示数为零时, MN中没有电流通过, MN受力平衡,所以弹簧的弹力等于 MN的重力,弹簧的伸长量不为零,故 B错误; C.电流表的量程即最大值,当 MN杆到达 cd边时为最大电流,此时由受力平衡条件可得 ,其中 ,则 所以,故 C正确; D.由 可得出任意电流的表达式为 ,所以电流和 MN下降的距离 成正比例函数关系,所以刻度是均匀的,故 D错误。故选 AC. 考点:本题考查了共点力的平衡条件、胡可定律、安培力 . 如图所示的电路中,开关 K闭
6、合 .在开关 接 a且电路稳定后,电流表 A1、 A2和电压表V的示数分别为 和 ,电源的输出功率为 ,平行金属板所带电荷量为 ;这时让带电微粒从 P点水平射入平行板间,恰能沿图示水平直线射出。若把平行板的上板向上移动少许 ,且 S接 b,当电路稳定后, A1、 A2和 V表的示数分别为 和,电源的输出功率为 ,平行板所带电荷量为 ;再让相同微粒仍从 P点水平射人。则下列判断正确的是 A , B C D该粒子带负电,且第二次从 P射入后,有可能打在下极板上 答案: D 试题分析: A.电键 S无论接哪里,电压表和电流表 A1的读数不 会发生变化,而电路稳定后,电容器为断路,电流表 A2的读数为
7、 0,故 A错误; B.由 知间距变大,电容 C变小,而平行板间的电压 U减小,由 知带电量减小,故 B错误; C.电键S无论接哪里,电路的结构不发生实质性的变化,所以电源的输出功率不变,故 C错误; D.第一次射入粒子,恰能沿水平直线射出,说明粒子受力是平衡的,即电场力向上,而上极板带正电,所以粒子带负电;第二次射入粒子时,极板间 的电压减小且间距变大,则由 知粒子受到的电场力减小,所以有可能打到下极板上,故 D正确。故选 D。 考点:本题考查了电容器的动态分析、带电粒子在电场中的运动 . 如图所示,质量均为 的木块 A和 B,用劲度系数为 的轻质弹簧连接 ,最初系统静止 .用大小 、方向竖
8、直向上的恒力拉 A直到 B刚好离开地面,则在此过程中 A A上升的初始加速度大小为 2g B弹簧对 A和对 B的弹力是一对作用力与反作用力 C A上升的最大高度为 D A上升的速度先增大后减少 答案: A 试题分析: A.最初系统静止,则 A受到的重力和弹力是一对平衡力,施加 F的瞬间,其合外力与 F等大,由牛顿第二定律可得,加速度为 2g,故 A正确; B.弹簧对 A和对B的弹力的施力物体都是弹簧,受力物体分别是 A和 B两个物体,所以不是作用力与反作用力,故 B错误; C.直到 B刚好离开地面这一过程中 A上升的高度是弹簧压缩和拉伸的形变量之和,即 2mg/k,故 C错误; D.在运动的过
9、程中,因为 F=2mg,所以 A所受 到的合外力一直向上,所以速度一直增大,故 D错误。故选 A。 考点:本题考查了共点力的平衡条件、牛顿第二定律、胡可定律 . 图甲所示的 “轨道康复者 ”航天器可在太空中给 “垃圾 ”卫星补充能源,延长卫星的使用寿命。图乙是 “轨道康复者 ”在某次拯救一颗地球同步卫星前,二者在同一平面内沿相同绕行方向绕地球做匀速圆周运动的示意图,此时二者的连线通过地心、轨道半径之比为 1:4.若不考虑卫星与 “轨道康复者 ”之间的引力,则下列说法正确的是 A在图示轨道上 ,“轨道康复者 ”的速度大于 B在图示轨道上 ,“轨道康复者 ”的加速度大小是地球同步卫星的 4倍 C在
10、图示轨道上 ,“轨道康复者 ”的周期为 3h,且从图示位置开始经 1.5h与同步卫星的距离最近 D若要对该同步卫星实施拯救 ,“轨道康复者 ”应从图示轨道上加速,然后与同步卫星对接 答案: D 试题分析: A.由 知第一宇宙速度是卫星的最大运行速度 ,“轨道康复者 ”的速度一定小于 7.9km/s,故 A错误; B.由牛顿第二定律可得 ,两者的轨道半径之比为 1: 4,所以加速度比为 16: 1,故 B错误; C.两卫星从相距最远到相距最近需满足 , ,故 C错误; D.“轨道康复者 ”从图示轨道上加速,则会做离心运动,从而接近同步轨道才能实现对接,故 D正确。 考点:本题考查了万有引力定律、
11、牛顿第二定律 . 如图所示,匀强磁场分布在平面直角坐标系的整个第 I象限内,磁感应强度为 B.方向垂直于纸面向里。一质量为 m、电荷量绝对值为 、不计重力的粒子,以某速度从点沿着与 y轴夹角为 的方向进入磁场,运动到 A点时,粒子速度沿 轴正方向。下列判断正确的是 A.粒子带正电 B.运动过程中,粒子的速度不变 C.粒子由 O到 A经历的时间为 D.离开第 I象限时,粒子的速度方向与 轴正方向的夹角为 答案: C 试题分析: A.根据左手定则及曲线运动的条件判断出此电荷带负电,故 A错误; B.由于粒子的速度的方向在改变,而速度是矢量,所以速度改变了,故 B错误; C.由轨迹可知粒子由 O运动
12、到 A时速度方向改变了 60,所以粒子轨迹对应的圆心角为=60,所以粒子运动的时间为 ,故 C正确; D.粒子沿着与 y轴夹角为 30的方向进入磁场,由几何的对称性可知,离开磁场时其方向与 x轴夹角为 60,故 D错误。故选 C. 考点:本题考查了带电粒子在匀强磁场中的运动、牛顿第二定律、向心力 . 实验题 17分 )I (6分 )为了较准确的测量某细线能承受的最大拉力,小聪、小明分别进行了如下实验 :小聪在实验室里找到一把弹簧测力计,按图甲所 示安装细线和测力计后,他用力缓慢竖直向下拉测力计,直到测力计的示数达到量程 (细线没有断裂 ),读出测力计的示数 F,将 F记为细线能承受的最大拉力。
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