1、1电容高考频度： 难易程度：下列关于电容器和电容的说法中，错误的是A电容器 A 的体积比电容器 B 大，说明 A 的电容一定比 B 的大B电容器所带的电荷量是指每个极板所带电荷量的代数和C对于同一电容器，无论电容器的电压如何变化（小于击穿电压且不为零），它所带的电荷量与电压比值恒定不变D一固定电容器的电荷量增加 1.0106 C，两极板间电压升高 10 V，则其电容为 0.1 F【参考答案】AB【试题解析】电容的决定式 C= ，与体积的大小无直接关系，A 错误；电容器所带的电荷量是指单个极板上所带电量的绝对值，B 错误；电容器所带的电荷量与电压的比值等于电容，电容与电荷量、电压无关，C 正确；
2、根据公式有 C= = =0.1 F，D 正确。【名师点睛】电容器断电时，电荷量不变；直连电源（固定）时，电压不变；垂直极板方向移动时，若电荷量不变则极板间电场的场强不变。【知识补给】电容器一、对电容器的充、放电和电容的理解1电容器的充、放电（1）充电：使电容器带电的过程，充电后电容器两极板带上等量的异种电荷，电容器中储存电场能。（2）放电：使充电后的电容器失去电荷的过程，放电过程中电场能转化为其他形式的能。2电容（1）定义：电容器所带的电荷量 Q 与电容器两极板间的电势差 U 的比值。（2）定义式： 。2（3）物理意义：表示电容器容纳电荷本领大小的物理量。3平行板电容器（ 1） 影 响 因 素
3、平 行 板 电 容 器 的 电 容 与 正 对 面 积 成 正 比 ， 与 介 质 的 介 电 常 数 成 正 比 ， 与 两 板 间 的 距 离 成 反比 。（2）决定式， k 为静电力常量。特别提醒 适用于任何电容器，但 仅适用于平行板电容器。二、平行板电容器的动态分析1对公式 的理解电容 ，不能理解为电容 C 与 Q 成正比、与 U 成反比，一个电容器电容的大小是由电容器本身的因素决定的，与电容器是否带电及带电多少无关。2运用电容的定义式和决定式分析电容器相关量变化的思路（1）确定不变量，分析是电压不变还是所带电荷量不变。（2）用决定式 分析平行板电容器电容的变化。（3）用定义式 分析电
4、容器所带电荷量或两极板间电压的变化。（4）用 分析电容器两极板间电场强度的变化。3平行板电容器两类问题的分析分类 充电后与电源的两极相连 充电后与电源的两极断开不变量 U QC3Q（ U）E关于电容器，下列说法中正确的是A在充电过程中电流恒定B在放电过程中电容减小C能储存电荷，但不能储存电能D两个彼此绝缘又靠近的导体可视为电容器（2018福建省厦门市湖滨中学高三下学期高考适应性考试）如图，平行板电容器与电动势为 E 的电源连接，下极板接地。一带电油滴位于电容器中的 P 点且恰好处于平衡状态。现将上极板竖直向上移动一小段距离，则A P 点的电势将降低B极板带电荷量将增加C带电油滴的电势能将增大D
5、带电油滴将竖直向上运动如图所示，两个水平放置的平行板电容器， A 板与 M 板用导线连接， B 板和 N 板都接地。让 A 板带电后，在两个电容器间分别有带电油滴 O、 P，且都处于静止状态。 A、 B 间电容为 C1，电压为 U1，电荷量为 Q1； M、 N 间电容为 C2，电压为 U2，电荷量为 Q2。若将 B 板稍向下移，下列说法正确的是4A O 向下动， P 向上动B U1减小， U2增大C Q1减小， Q2增大D C1减小， C2增大（2018衡水金卷普通高等学校招生全国统一考试模拟）如图所示，平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地，静电计的金属球与电容器的负极板连接，外壳接地，以
6、 E表示两极板间的场强， 表示静电计指针的偏角，各物理量的变化情况正确的是A将平行板电容器的正极板向右移动， E 变小， 变大B将平行板电容器的正极板向右移动， E 不变， 变小C将平行板电容器的正极板向左移动， E 变大， 变大D将平行板电容器的正极板向左移动， E 变小， 变小如图所示，一带电小球悬挂在平行板电容器内部，闭合电键 S，电容器充电后，细线与竖直方向夹角为 ，则下列说法正确的是A保持电键 S 闭合，使两极板稍靠近一些， 将增大B保持电键 S 闭合，将滑动变阻器滑片向右移动， 将不变C断开电键 S，使两极板稍靠近一些， 将减小D断开电键 S，若将细线烧断，小球将做曲线运动（201
7、8山东省青岛市高三第二次模拟检测）如图，电路中 A、 B、 C、 D 是完全相同的金属极板， P 是 AB 板间的一点，在 CD 板间插有一块有机玻璃板。闭合开关，电路稳定后将开关断开。现将 CD 板间的玻璃板抽出，下列说法正确的是5A金属板 CD 构成电容器的电容减小B P 点电势降低C玻璃板抽出过程中，电阻 R 中有向右的电流D A、 B 两板间的电场强度减小 【参考答案】D 电容器在充电过程中电流是变化的，A 错误；电容的大小由电容器的结构决定，在放电过程中电容不会发生变化，B 错误；电容器可以储存电荷量，即能储存电荷间电场具有的能量，C 错误；两个彼此绝缘又靠近的导体可以构成一个电容器
8、，D 正确。C 将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据 E=U/d 得知板间场强减小，而 P 点与下极板间的距离不变，则由公式 U=Ed 分析可知，P 点与下极板间电势差将减小，而 P 点的电势低于下极板的电势，则知 P 点的电势将升高，故 A 错误。油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动，故 D 错误。根据 Q=UC，由于电势差不变，电容器的电容减小，故带电荷量减小，故 B 错误；由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带正电， P 点的电势升高，则油滴的电势能将增加。故 C 正确。【名师点睛】本题运用 E=U/d 分析板间场强的变化，判断油滴如何运动。运用
9、推论：正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化。B 电荷量为定值，将平行板电容器的正极板向右移动，由电容的决定式 ，6两极板间距离 d 减小， C 增大， ，可见 E 与两板间距离无关，而两板间电压 ，可见电压变小， 减小，可知 B 正确。【点睛】本题是电容器的动态变化分析问题，掌握电容的决定式与定义式的应用，及两者的区别，理解电场强度的推导式。AB 保持电键 S 闭合时，电容器板间电压不变，两板靠近时，板间距离 d 减小，由分析得知，板间场强增大，小球所受电场力增大，则 增大，A 正确；保持开关S 闭合，使滑动变阻器滑片向右移动时，不会改变电容器两端的电压，由
10、 分析得知，板间场强不变，小球所受电场力不变大，则 不变，B 正确；断开电键 S 时，电容器之间的电场强度不变，故 不变，C 错误；电键 S 断开，电容器两端的电荷量不变，由， 和 得， ，两板间的场强不变，小球所受电场力不变，即所受合力不变，小球从静止开始运动，故做匀加速直线运动，D 错误；故选 AB。AC 根据 ，将 CD 板间的玻璃板抽出，电介质 减小，其它条件不变，则金属板 CD 构成电容器的电容减小，故 A 正确；当闭合开关，电路稳定后将开关断开，极板总电荷量不变，金属板 CD 构成【点睛】做好电容器的题目要把电容的定义式、决定式和场强的推导式结合应用，掌握电场强度的推导式，注意 B 极接地，电势为零。
