1、- 1 -育才学校 2018-2019 学年度上学期第三次月考卷高二实验班物理试题一、选择题(共 12 小题,每小题 4 分,共 48 分。第 1-6 题单选题，第 7-12 题多选题。) 1.下列说法中正确的是 （ ）A. 电源的电动势在数值上始终等于电源正负极之间的电压B. 由公式 R=U/I 可知，定值电阻两端的电压与通过它的电流成正比C. 磁感应强度 B 的方向与安培力 F 的方向相同D. 一根质量分布均匀的金属裸导线，把它均匀拉长到原来的 3 倍，则电阻变为原来的 3 倍2.下列关于磁通量和磁感应强度的说法中，正确的是（ ）A. 穿过某一个面的磁通量越大，该处磁感应强度也越大B. 穿
2、过任何一个面的磁通量越大，该处磁感应强度也越大C. 穿过垂直于磁感应强度方向的某面积的磁感线的条数等于磁感应强度D. 当平面跟磁场方向平行时，穿过这个面的磁通量必定为零3.一直导线平行于通电螺线管的轴线放置在螺线管的上方，如图所示，如果直导线可以自由地运动且通以方向为由 a 到 b 的电流，则导线 ab 受到安培力作用后的运动情况为（ ）A. 从上向下看顺时针转动并靠近螺线管B. 从上向下看顺时针转动并远离螺线管C. 从上向下看逆时针转动并远离螺线管D. 从上向下看逆时针转动并靠近螺线管4.在导线中电流在周围空间产生的磁感应强度大小为： ，k 为常数，r 为到导线的IB距离，如图所示，两个半径
3、相同，材料不同的半圆环并联地接在电路中，电路中的总电流为I，流过 ABD 半圆环的电流为 ，流过 ACD 半圆环的电流为 ,在圆环圆心处电流产生的磁3I 23I场的磁感应强度为 B，若将 ABD 半圆环绕直径 AD 转过 90，这时在 O 点的磁感应强度大小为（ ）- 2 -A. 3B B. B C. B D. B525.某区域的电场线分布如图所示，其中间一根电场线是直线，一带正电的粒子从直线上的 O点由静止开始在电场力作用下运动到 A 点取 O 点为坐标原点，沿直线向右为 x 轴正方向，粒子的重力忽略不计在 O 到 A 运动过程中，下列关于粒子运动速度 v 和加速度 a 随时间 t的变化、粒
4、子的动能 Ek和运动径迹上电势 随位移 x 的变化图线可能正确的是( )A. B. C. D. 6.如图(a)所示， AB 是某电场中的一条电场线，若有一电子以某一初速度且仅在电场力的作用下，沿 AB 由点 A 运动到点 B，所经位置的电势随距 A 点的距离变化的规律如图(b)所示，以下说法正确的是( )A. 该电场是匀强电场B. 电子在 A、 B 两点的加速度相等C. 电子在 A、 B 两点的速度 vAv）速度飞过两环过程- 3 -中( )A. 粒子向 O2运动是减速，o 2到 o1是加速，o 1以后减速B. 最小速度在 o2右侧，最大速度在 o1左侧C. o2 点是电势最高点，o 1点是电
5、势最低点D. 粒子从 o2运动到 o1加速度先增大后减小8.如图所示电路，电源内阻不可忽略。开关 S 闭合后，在变阻器 R0的滑动片向下滑动的过程中( )A. 电压表的示数减小B. 电压表的示数增大C. 电流表的示数减小D. 电流表的示数增大9.如图所示，在光滑绝缘水平面上有一半径为 R 的圆，AB 是一条直径，空间有匀强电场，场强大小为 E，方向与水平面平行，在圆上 A 点有一发射器，以相同的动能平行于水平面沿不同方向发射带电量为+q 的小球，小球会经过圆周上不同的点，在这些点中，经过 B 点的小球动能最大，由于发射时刻不同时，小球间无相互作用，且=30，下列说法正确的是( )A. 电场的方
6、向与 AB 平行B. 电场的方向与 AB 垂直C. 小球在 A 点垂直电场方向发射，若恰能落到 C 点，则初动能为 4qERD. 小球在 A 点重直电场方向发射，若恰能落到 C 点，则初动能为 810.如图所示，有两根长为 L、质量为 m 的细导体棒 a、 b（截面可视为点） 。 a 被水平放置在- 4 -倾角为 的光滑斜面上， b 被水平固定在与 a 在同一水平面的另一位置，且 a、 b 平行，它45们之间的距离为 x。当两细棒中均通以大小为 I 的同向电流时， a 恰能在斜面上保持静止（近似认为 b 在 a 处产生的磁感应强度处处相等，且与到 b 的距离成反比） ，则下列说法正确的是（ ）
7、A. b 的电流在 a 处产生的磁场的磁感应强度方向竖直向上B. b 的电流在 a 处产生的磁场的磁感应强度大小为 2mgLIC. 电流不变，若使 b 向上平移， a 仍可能在原处保持静止D. 电流不变，若使 b 向下平移， a 将不能在原处保持静止11.如图所示，一个电荷量为Q 的点电荷甲固定在粗糙绝缘水平面上 O 点，另一个电荷量为q、质量为 m 的点电荷乙，从 A 点以初速度 v0沿它们的连线向甲运动，到 B 点时速度减小到最小值 v，已知点电荷乙与水平面的动摩擦因数为 ，A、B 间距离为 L0，静电力常量为k，则下列说法中正确的是( )A. OB 间的距离为 kQqmgB. 在点电荷甲
8、产生的电场中，B 点的场强大小为 mgqC. 点电荷乙在 A 点的电势能小于在 B 点的电势能D. 在点电荷甲产生的电场中，A、B 间的电势差20ABvUq12.如图所示，半径 的四分之一圆弧 位于竖直向下的匀强电场中， 水平，竖直。现将一质量 、电荷量 的带正电小球从电场中的 点水平抛出，抛出点 与圆弧圆心 等高且距 点 ，平抛初速度 ，经过一段时间后小球打在圆- 5 -弧曲面上的 点（图中未标出） ，且 点速度方向的反向延长线恰好过圆弧 的圆心 。取点电势 ，重力加速度 。则( )A. 小球到达 点的速度大小为B. 匀强电场的电场强度大小为C. 小球在运动过程中的加速度大小为D. 小球在
9、点的电势能为二、实验题(共 2 小题 ,共 16 分)13.某同学要测量一分布均匀材料制成的圆柱体的电阻率 。步骤如下：（1）用游标为 20 分度的卡尺测量其长度如图，由图可知其长度为_mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如右上图，由图可知其直径为_mm；（3）用多用电表的电阻“10”档，按正确的操作步骤测得圆柱体的电阻阻值，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为_ 。（4）为了更加准确地测出该圆柱体的电阻，除了导线和开关外，有以下一些器材可供选择：- 6 -A.电源 E（电动势 6V、内阻可忽略不计）B.电流表 （量程 00.6A，内阻约 0.12 ）1AC.电流表 （量程 020mA，内阻约为
10、）2 20D.电压表 （量程 03V，内阻约 ）1V3kE.电压表 （量程 015V，内阻约 ）215F.待测电阻 xRG.滑动变阻器 （0 ，允许最大电流 ）1k2.0AH.滑动变阻器 （0 ，允许最大电流 ）25电流表选_电压表选_滑动变阻器选_（选填对应的序号）在答题卡上的方程中画出实验电路并标出所选实验器材的代号_。14.用实验测一电池的内阻 和一待测电阻的阻值 ，已知电池的电动势约 6V，电池内阻和rxR待测电阻阻值都为数十欧。可选用的实验器材有:电流表 (量程 030 );1Am电流表 (量程 0100 );2A电压表 (量程 06 );V滑动变阻器 (阻值 05);1R滑动变阻器
11、 (阻值 0300);2开关 一个，导线若干条。S- 7 -某同学的实验过程如下:.设计如图 1 所示的电路图，正确连接电路。.将 R 的阻值调到最大，闭合开关，逐次调小 R 的阻值，测出多组 U 和 I 的值，并记录。以 U 为纵轴。I 为横轴。得到如图 2 所示的图线。.断开开关，将 改接在 B、C 之间。A 与 B 直接相连，其他部分保持不变。重复的步骤，x得到另一条 U-I 图线，图线与横轴 I 的交点坐标为 ，与纵轴 U 的交点坐标为 .0,I（ ） 0,（ ）回答下列问题:（1）电流表应选用 _，滑动变阻器应选用_.（2）由图 2 的图线，得电源内阻 r=_；（3）用 、 和 表示
12、待测电阻的关系式 _代入数值可得 ；0IUrxRxR（4）若电表为理想电表， 接在 B、C 之间与接在 A、B 之间，滑动变阻器滑片都从最大阻x值位置调到某同一位置，两种情况相比，电流表示数变化范围_电压表示数变化范围_(选填“相同”或“不同”)。三、解答题(共 4 小题 ,共 36 分)15. (8 分)如图所示，水平放置的平行板电容器，两板间距离为 d=8 cm，板长为 L=25 cm，接在直流电上，有一带电液滴以 v0=0.5 m/s 的初速度从板间的正中央水平射入，恰好做匀速直线运动，当它运动到 P 处时迅速将下板向上提起 cm，液滴刚好从金属板末端飞出，求：43- 8 -（1）将下板
13、向上提起后，液滴的加速度大小。（2）液滴从射入电场开始计时，匀速运动到 P 点所用时间为多少？( g 取 10 m/s2)16. (8 分)如图所示，在直角坐标系 xoy 中，虚线 ab 将第一象限分成两块区域，左边区域匀强电场沿 x 轴正方向，电场强度 E1，右边区域匀强电场方向沿 y 轴负方向，电场强度 E2现一个质量为 m（重力忽略不计） ，电荷量为 q 的正粒子静止放在 y 轴上的 P（0，h）点，粒子在电场力的作用下运动，最后从 x 轴上的 Q 点离开电场区域，已知虚线 ab 距 y 轴的距离 L，求：（1）粒子穿过 E1电场区域的速度；（2）粒子经过 Q 点的速度大小和 Q 点的坐
14、标17. (8 分)如图所示，质量 m=0.5kg 的通电导体棒在安培力作用下静止在倾角为 37、宽度为 L=1m 的光滑绝缘框架上，磁感应强度 B 的方向垂直于框架平面向下（磁场仅存在于绝缘框架内） ，右侧回路电源的电动势 E=8V、内电阻 r=1，额定功率为 8W、额定电压为 4V 的电动机正常工作， 取 sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度大小 g=10m/s2。 求：（1）干路中的电流为多少安培？（2）求磁感应强度为多少 T？18. (12 分)如图所示，光滑水平轨道与半径为 R 的光滑竖直半圆轨道在 B 点平滑连接在过圆心 O 的水平界面 MN 的下方分布有水平向右的匀
15、强电场现有一质量为 m、电荷量为q 的小球从水平- 9 -轨道上 A 点由静止释放，小球运动到 C 点离开圆轨道后，经界面 MN 上的 P 点进入电场 (P 点恰好在 A 点的正上方，如图小球可视为质点，小球运动到 C 点之前电荷量保持不变，经过C 点后电荷量立即变为零)已知 AB 间距离为 2R，重力加速度为 g.在上述运动过程中，求：（1）小球离开 c 点时的速度大小（2）电场强度 E 的大小（3）在圆轨道运动过程中，指出什么位置速度最大并求出其大小- 10 -参考答案1.B【解析】电源正负极之间的电压称为路端电压，当外电路接通时，路端电压小于电源的电动势，A 错误；定值电阻的阻值不变，根
16、据欧姆定律的变形公式 ，可知它两端的电压与URI通过它的电流成正比，B 正确；根据左手定则可知，磁场方向与磁场力方向垂直，C 错误；一根粗细均匀的金属裸导线，若把它均匀地拉长为原来的 3 倍，根据 V=SL，横截面积减小为，根据电阻定律公式 ，可知电阻增加为 9 倍，D 错误，选 B.13lRS2.D【解析】匀强磁场中穿过某一平面的磁通量为 ，磁通量还与 s、 是有关，所以磁通量大，不能说该处磁感应强度大，故 A 错误；B 错误；磁通密度是磁感应强度的一个别名垂直穿过单位面积的磁感线的多少表示磁感应强度，C 错误；当平面与磁场平行时，穿过该平面的磁通量为零，D 正确；故选 D。3.D【解析】3
17、 通电导线因放在通电螺线管的磁场中故受到磁场力，因左右两侧磁场方向不同，故可以分左右两边分别分析研究，画出两侧的磁场方向，则由左手定则可判出磁场力的方向，根据受力情况可判出物体的转动情况当导体转动后，我们可以认为电流向右偏内，受力也将发生变化，为了简便，我们可以判断导体转动到向里的位置判断导体的受力情况，再判出导体的运动情况解：通电螺线管的磁感线如图所示，则由图示可知左侧导体所处的磁场方向斜向上，右侧导体所处的磁场斜向下，则由左手定则可知，左侧导体受力方向向外，右侧导体受力方向向里，故从上向下看，导体应为逆时针转动；当导体转过 90时，由左手定则可得导体受力向下，故可得出导体运动为逆时针转动的
18、同时还要向下运动即为 a 端转向纸外，b 端转向纸里，且靠近通电螺线管，故 D 正确，ABC 错误；故选：D4.B- 11 -【解析】ABD 半圆环的电流和 ACD 半圆环的电流产生的磁场在 O 点处的磁场的磁感应强度方向相反，根据磁场叠加可知，半圆环中 I 电流在 O 点产生的磁场的磁感应强度大小为 B，那么 ACD13半圆环的电流为 I，在 O 点产生磁场的磁感应强度大小为 2B，因此将 ABD 半圆环绕直径转2过 90，这时在 O 点磁场的磁感应强度大小为 ，故 B 正确，ACD22 5B错误；故选 B5.B【解析】A、由图可知，从 O 到 A 点，电场线由疏到密，电场强度先减小后增大，
19、方向不变，因此电荷受到的电场力先减小后增大，则加速度先减小后增大，故 A 错误，B 正确；C、沿着电场线方向电势降低，而电势与位移的图象的斜率表示电场强度，因此 C 错误；D、根据能量守恒关系，则 ，而 ，且 ，由此可知， KPEEqUEx，因此粒子的动能 和运动径迹上电势 随位移 x 的变化图线斜率先减小后增KEqxk大，故 D 错误。6.D【解析】A.电势与距离的图线的切线斜率表示电场强度，由图可知 A、 B 两点电场强度不同，选项 A 错误；B.根据 F=Eq，可知电子在 A、 B 两点受到的电场力不同，加速度不同，选项 B 错误；C.由图像可知 A 点电势高于 B 点，所以电子在移动过
20、程中，电场力做负功，动能减小，故vAvB，选项 C 错误；D.电场力做负功，电势能增加，所以 EpAEpB，选项 D 正确；故选：D。7.BD【解析】在 右边，电场强度方向水平向右，并且随着到 的距离的较小，电场强度越来2Q2Q越大，故粒子向 运动时受到向右的电场力，并且越来越大，故做减速运动，在两电荷之间时电场方向水平向左，故做加速运动，在 右侧电场方向水平向左，做加速运动，所以粒子1先减速，然后加速运动，故最小速度在 右侧，当运动到左边无穷远处时电场强度为零，速2Q度最大，最大速度在 左侧，B 正确；带电圆环，在中心处合电场强度为零，和等量异种点1- 12 -电荷情况不一样，所以 不是电视
21、最高点， 是不是电势最低点，C 错误；从+Q 到-Q 运2O1O动过程中，电场强度先增大后减小，故加速度先增大后减小，D 正确8.AC【解析】在变阻器 的滑片向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，变阻器 与0R 0R并联的电阻 减小，则外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流 I 增2R并大，路端电压 U 减小，则电压表示数减小故 A 正确，B 错误并联部分电压，I 增大，E、 、r 均不变，则 减小，故电流表示数减小故 C 正1EIr并 1RU并确，D 错误故选 AC.9.AD【解析】AB.小球在匀强电场中，从 A 点运动到 B 点，因为到达 B 点时的小球的动能最大，根据
22、动能定理 qUAB= Ek 得 UAB最大，即在圆周上找不到与 B 电势相等的点。且由 A 到 B 电场力对小球做正功。过 B 点作切线，则 BF 为等势线。过 A 点作 BF 的垂线，则该线为电场线，即沿 AB 方向。故 A 正确，B 错误；CD.小球只受电场力，做类平抛运动。x=2R cos30sin30=v0t，y=2Rcos30cos30= ，21Eqtm201KEv联立以上三式得：Ek=Qer/8；故 C 错误，D 正确。故选：AD.10.ACD【解析】10.通电导体 b 处于通电导体 a 的磁场中，由右手螺旋定则可得通电导体 b 处于竖直向上的磁场中，故 A 正确当导体 a 处于匀
23、强磁场的磁感应强度 B 的方向竖直向上，则水平向右的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，因夹角为 45，则大小，故 B 错误；题意可知，重力和水平向右的磁场力的合力与支持力平45mgtanBILI衡，当减小 b 在 a 处的磁感应强度，则磁场力减小，要使仍平衡，根据受力平衡条件，则可使 b 上移，即 b 对 a 的磁场力斜向上，故 C 正确；当 b 竖直向下移动，导体棒间的安培力减小，根据受力平衡条件，当 a 受力的安培力方向顺时针转动时，只有大小变大才能保持平衡，- 13 -而安培力在减小，因此不能保持静止，故 D 错误；故选 ACD.11.AB【解析】A、因在 B 点速度最小，有 ，解得
24、，故 A 正确；2kQqFmgr库 kQqrgB、由点电荷场强公式可得 B 点场强大小 ，故 B 正确；2EC、两带电体之间是吸引力，则电场力对乙做正功，所以电势能减小，故 C 错误；D、乙电荷从 A 运动到 B 的过程中，据动能定理有 ，在此过程中电场力对201WmgLv点电荷乙做的功为 ，解得 ，故 D 错误。ABqU2200ABq12.BD【解析】小球在电场力和重力作用下做类平抛运动，因小球打在 C 点且速度方向的反向延长线恰好过圆弧 的圆心 ，由类平抛运动规律知： C 点速度方向的反向延长线必过 O 点，且 OE=AO=0.3m，EC=0.4m，即有 ，联立并代入数据可得，因 ，而 A
25、、 E 两点电势相等，所以 ，即粒子在 A 点的电势能为： ，从 A 到 C 由动能定理知：，代入数据得 ，故 BD 正确13. 49.10 4.700 150 C D H - 14 -【解析】 （1）游标卡尺的读数为 4.9cm+0.052mm=49.10mm（2）螺旋测微器的读数为 4.5mm+0.0120.0mm=4.700mm（3）电阻的阻值等于 1510=150（4）因为电源的电动势为 6V，为了测量的准确，电压表选取 V1，通过电阻的最大电流大约，所以电流表选取 A2滑动变阻器选择 R2为使实验误差较小，要求测6015IAm得多组数据进行分析，则滑动变阻器采用分压式接法，由于待测电
26、阻与电流表内阻相当，属于小电阻，所以电流表采取外接法电路图如图所示14. A2 R2 25 相同 不同0UrI15.（1）2 m/s 2（2）0.3 s【解析】 （1）带电液滴在板间受重力和竖直向上的电场力因为液滴做匀速运动，则有：qE=mg，又 UEd得： Uqmgd当下板向上提后，由于 d 减小，板间场强 E 增大，电场力增大，故液滴向上偏转，在电场中做类平抛运动此时液滴所受电场力： UmgdFq此时液滴的加速度： 21/5agmsd（2）因为液滴刚好从金属末端飞出，所以液滴在竖直方向上的位移是 d则有： 21dat解得： 0.ts- 15 -而液滴从刚进入电场到出电场的时间： 20.5L
27、tsv所以液滴从射入开始匀速运动到 P 点时间为 21.3t16.（1） （2） ， （ ，0）【解析】 （1）由动能定理得： ，得：（2）从 P 到 Q 粒子做类平抛运动，由动能定理有： ，得：竖直方向： ，得：17.（1）4A（2） B=1.5T【解析】 （1）电动机上的电流为： 8A24PIU内电压为： 8V4U内则电流为： A1Ir内（2）磁场中导线的电流为 42I根据平衡条件： ， ，得sin37FmgNFBIL31.52T18.（1） （2） （3） vREq45maxvgR【解析】（1）小球离开 C 点做平抛运动，根据 21Rgt得： 2Rtg则小球在 C 处的速度 2Cvgt（2）设电场强度为 E，小球从 A 到 C 由动能定理得：213qERmg解得： - 16 -（3）设小球运动到圆周 D 点时速度最大为 v，此时 OD 与竖直线 OB 夹角设为 小球从 A 运动到 D 的过程，根据动能定理得：212qERsinmgcosmv得： 1vi根据数学知识可得，当 时动能最大45由此可得 2mgR
