1、- 1 -湖北省沙市中学 2019 届高三物理上学期能力测试试题（四）14如图所示,光滑斜面 被分成四个长度相等的部分,即 ,一物体从AEABCDE点静止释放,下列结论不正确的是AA物体到达各点的速率 : : :BvCDEv1:23:B物体到达各点所经历的时间 BCDtttC物体从 运动到 的全过程平均速度EvD物体通过每一部分时,其速度增 BACBDCEDvv151970 年 4 月 24 日，我国自行设计、制造的第一颗人造地球卫星“东方红一号”发射成功，开创了我国航天事业的新纪元。 “东方红一号”的运行轨道为椭圆轨道，其近地点M 和远地点 N 的高度分别为 439km 和 2384km，则
2、A卫星在 M 点的机械能大于在 N 点的机械能B因卫星做变速运动，在 M 点和 N 点的加速度方向不指向地心C卫星在 M 点的加速度大于 N 点的加速度D卫星在 M 点的线速度大于 N 点的线速度，且在 N 点的速度大于 7.9 km/s16港珠澳大桥（英语：Hong Kong-Zhuhai-Macao Bridge）是我国完全自主建设的跨海大桥，创造了桥梁建设的多项世界之最。港珠澳大桥已于2018 年 10 月 24 日上午 9 时正式通车。港珠澳大桥全长约55Km，集桥、岛、隧于一体，是世界最长的跨海大桥，开创了沉管隧道“最长、最大跨径、最大埋深、最大体量”世界纪录，涵盖了当今世界岛隧桥多
3、项尖端科技，是当今世界最具挑战性的工程之一，被媒体称为“现代世界新七大奇迹”之一。它的开通将原来从香港到珠海的公路交通由三、四小时缩短到三十分钟左右。下列说法不正确的是A小型汽车从香港到珠海时通过大桥的平均时速约为 110Km/hB汽车匀速通过圆弧型海底隧道的过程中，路面对汽车的支持力先增大后减小C汽车上桥前必须在通关口停车检查，汽车在经过通关口卡口时不能看成质点，在桥上行驶时可以看成质点- 2 -D.大桥能承受 30 万吨级巨轮的撞击，当巨轮在加速行驶时不慎撞击桥墩时，巨轮对桥墩的撞击力大于桥墩对巨轮的撞击力17如图所示,竖直墙壁上固定有一个光滑的半圆形支架( 为直径),支架上套着一个小球,
4、AB轻绳的一端悬于 点,另一端与小球相连。已知半圆形支架的半径为 ,轻P R绳长度为 ,且 。现将轻绳的上端点 沿墙壁缓慢下移至L2RLPA点,此过程中轻绳对小球的拉力 及支架对小球的支持力 的大小变1F2F化情况为A 和 均增大 B 保持不变, 先增大后减小1F2 12C 先减小后增大, 保持不变 D 先增大后减小, 先减小后增大2 218在足够大的光滑水平面上放有两质量相等的物块 A 和 B，其中 A 物块连接一个轻弹簧并处于静止状态， B 物体以初速度 v0向着 A 物块运动当物块与弹簧作用时，两物块在同一条直线上运动请识别关于 B 物块与弹簧作用过程中，两物块的 v t 图象正确的是A
5、 B C D19如图 1 所示，长木板 A 放在光滑的水平面上，质量为 m=2kg 的另一物体 B 以水平速度v0=2m/s 滑上原来静止的长木板 A 的表面，由于 A、 B 间存在摩擦，之后 A、 B 速度随时间变化情况如图 2 所示，则下列说法正确的是A木板获得的动能为 2 JB系统损失的机械能为 4 JC木板 A 的最小长度为 1 mD A、 B 间的动摩擦因数为 0.120如图，两个半径均为 R 的 光滑圆弧对接于 O 点，有物体从上面圆弧的某点4C 以上任意位置由静止下滑（ C 点未标出） ，都能从 O 点平抛出去；若从 C 点以下的位置释放则不能从 O 点平抛出去下列说法正确的是-
6、 3 -ACO 1O=60 BCO 1O=45C平抛后落地点距 O2最远为 D平抛后落地点距 O2最近为RR21如图 1 所示,倾角为 的足够长传送带以恒定的速率 沿逆时针方向运行. 时,将质0v0t量 的小物块(可视为质点)轻放在传送mkg带上,物块速度随时间变化的图象如图 2 所示.设沿传送带向下为正方向,取重力加速度.则210/gsA摩擦力的方向始终沿传送带向下B1-2 内,物块的加速度为 2s/msC传送带的倾角 30D物体与传送带之间的动摩擦因数 0.5第卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第 22 题第 32 题为必考题，每个试题考生都必须做答。第 33 题第 37 题为选考
7、题，考生根据要求做答。（一）必考题（共 134 分）22(6 分)某同学用如图所示装置通过半径相同的 A、 B 两球的碰撞来验证动量守恒定律，图中 PQ 是斜槽， QR 是水平槽，斜槽与水平槽之间平滑连接实验时先使 A 球从斜槽上某一固定位置由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹，重复上述操作 10 次，得到 10 个落点痕迹再把 B 球放在水平槽上靠近槽末端的位置，让 A 球仍从原位置由静止开始滚下，和 B 球碰撞后， A、 B 球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹，重复这种操作 10 次在记录纸上，最终确定 D、 E 和 F 为三个落点的平均位置图中 O点时水平槽末端 R 在记
8、录纸上的竖直投影点（1）除了图中器材外，实验室还备有下列器材，完成本实验还需要用到的器材有 (3分)A天平 B秒表 C毫米刻度尺 D打点计时器（及电源和纸带） - 4 -E圆规 F弹簧测力计 G游标卡尺（2）测得 OD=15.2cm， OE=25.2cm， OF=40.0cm，已知本实验中的数据相当好地验证了动量守恒定律，则入射小球与被碰小球的质量 m1与 m2之比为 (3 分) （计算结果保留两位有效数字）23(9 分)为了“探究动能改变与合外力做功”的关系，某同学设计了如下实验方案：第一步：把带有定滑轮的木板（有滑轮的）一端垫起，把质量为 M 的滑块通过细绳跨过定滑轮与质量为 m 的重锤相
9、连，重锤后连一穿过打点计时器的纸带，调整木板倾角，直到轻推滑块后，滑块沿木板向下匀速运动，如图甲所示第二步：保持长木板的倾角不变，将打点计时器安装在长木板靠近滑轮处，取下细绳和重锤，将滑块与纸带相连，使纸带穿过打点计时器，然后接通电源，释放滑块，使之从静止开始向下加速运动，打出纸带，如图乙所示打出的纸带如图丙所示请回答下列问题：（1）已知 O、 A、 B、 C、 D、 E、 F 相邻计数点间的时间间隔为 t，根据纸带求滑块速度，打点计时器打 B 点时滑块速度 vB= (2 分)（2）已知重锤质量为 m，当地的重力加速度为 g，要测出某一过程合外力对滑块做的功还必须测出这一过程滑块 (1 分)（
10、写出物理名称及符号，只写一个物理量） ，合外力对滑块做功的表达式 W 合 = (1 分)该实验是否需要满足重锤质量m 远小于滑块的质量 M (1 分)（填“需要”和“不需要” ）（3）算出滑块运动 OA、 OB、 OC、 OD、 OE 段合外力对滑块所做的功 W 以及在A、 B、 C、 D、 E 各点的速度 v，以 v2为纵轴、 W 为横轴建立坐标系，描点作出- 5 -v2 W 图象，可知该图象是一条 (2 分)，根据图象还可求得 (2 分)24 (12 分)质点 A 沿直线以 vA=5m/s 匀速运动，某时刻（ t=0）在 A 后面与 A 相距x=7.75m 的质点 B 由静止开始起动，质点
11、 B 运动方向与 A 一致，其加速度随时间周期性变化，加速度随时间变化的图象如图所示求：（1）质点 B 追上 A 之前两者间的最大距离；（2） B 出发后经多少时间追上 A？25 （20 分）一平板车，质量 M=100，停在水平路面上，车身的平板离地面的高度h=1.25m，一质量 m=50kg 的小物块置于车的平板上，它到车尾的距离 b=1m，与车板间的动摩擦因数 ，如图 10 所示，2.0今对平板车施一水平方向的恒力，使车向前行驶，结果物块从车板上滑落，物块刚离开车板的时刻，车向前行驶距离，求物块落地时，落地点到车尾的水平距离 s（不计路面摩擦， g=10m/s2） ms0.233 【物理选
12、修 3-3】 （15 分）（1）如图甲所示，粗糙斜面与水平面的夹角为 30,质量为 0.3kg 的小物块受到一个沿斜面向上的恒定推力 F 作用，作用一段时间后撤去推力 F，小物块能达到的最高位置为 C 点，小物块从 A 到 C 的 v-t 图像如图乙所示，g=10 m/s2，则下列说法正确的是A小物块到 C 点后将沿斜面加速下滑B小物块加速时的加速度是减速时加速度的 31C小物块与斜面间的动摩擦因数为D推方 F 的大小为 4NE小物块从 A 到 C 的过程中合外力对其做功为零，合外力的冲量不为零（2） 如图所示，光滑轨道的 DP 段为水平轨道，PQ 段为半径是 R 的竖直半圆轨道，半圆轨道的下
13、端与水平的轨道的右端相切于 P 点一轻质弹簧两端分别固定质量为 2m 的小球 A 和质量为10图bFh- 6 -m 的小球 B，质量为 m 的小球 C 靠在 B 球的右侧现用外力作用在 A 和 C 上，弹簧被压缩（弹簧仍在弹性限度内） 这时三个小球均静止于距离 P 端足够远的水平轨道上若撤去外力，C 球恰好可运动到轨道的最高点 Q已知重力加速度为 g求撤去外力前的瞬间，弹簧的弹性势能 E 是多少？34（略）- 7 -高三理科综合能力测试（四）答案物理部分：14 15 16 17 18 19 20 21D C A D CD AD BD22.（1）ACE； （2）4.0（答案为 4 不给分）23.
14、（1） ；（2）运动的位移 x；mgx；（3）过原点的倾斜的直线；滑块的质量24解析：（1）由质点 B 加速度与时间关系知，经过时间 t1=4.5s 时，质点 B 的速度为5m/s 时，A、B 之间的距离最大，在时间 t1=4.5s 内质点 A 发生的位移 xA=vAt1=22.5m，质点 B 在第 1s 内的位移 x1=1m；质点 B 在第 2s 内的位移 x2=2m质点 B 在第 3s 内的位移 x3=3m；质点 B 在第 4s 内的位移 x3=4m质点 B 在第 ns（n 为整数）内的位移 xn=n（m）.质点 B 在 t1=4.5s 时间内的位移 xB=12.25m质点 B 追上 A
15、之前两者间的最大距离为 xA+x-X B=18m；（2）设经历时间 t（t 为正整数）B 追上 A,时间 t 内 A 的位移 xA =vAt时间 t 内 B 的位移 xB =1+2+t=t(t+1)/2xB =xA +x，此式无整数解，但可求得 10t11s，10s 内 A 发生的位移 xA1=vA10=50m，B 发生的位移 xB1=t(t+1)/2=55m，故在 10s 后，B 需比 A 多发生的位移x=x+x A1-xB1=2.75m10s 时 A 速度为 10m/s，设 10s 后需时间 t B 追上 A，则 10t+at 2/2-vAt=2.75，解得 t=0.5s故 B 出发后需经
16、过时间 tB=10+t=10.5s 追上 A25. 解析：设小物块在车上运动时，车的加速度为 a1，物块的加速度为 a2则222 /10.smgma由 得： ， 21tstas2tb- 8 -有 ， 12021bsa 22/4sma对车，由牛顿第二定律得： 1MgFNmgMF502.041 小物块滑落时车速 ，smsav/4/11小物块速度 b21)(20物块滑落后，车的加速度，22/5/1smMFa落地时间 ght .01.车运动的位移 mtatvs 6250521.42车小物块平抛的水平位移 m物物块落地时，落地点与车尾的水平位移为： s.1.物车33 .1.BCD2、解析：对 A、 B、 C 及弹簧组成的系统，当弹簧第一次恢复原长时，设 B、 C 共同速度大小为 v0， A 的速度大小为 vA，由动量守恒定律有0)(m则 vA=v0由系统能量守恒有 E= 2mvA2 (m m)v02 12 12此后 B、 C 分离，设 C 恰好运动至最高点 Q 的速度为 v,此过程 C 球机械能守恒，则mg2R= mv02 mv2 12 12在最高点 Q，由牛顿第二定律得 Rvg2联立式解得 E=10mgR- 9 -
