1、- 1 -成都外国语学校 2019 届高三“一诊”模拟考试理科综合物理测试14物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步，关于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（ ）A亚里士多德首先提出了惯性的概念B伽利略对自由落体运动的研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法C牛顿提出了行星运动的三大定律D力的单位“N”是基本单位，加速度的单位“m/s 2”是导出单位15关于物体的运动，不可能发生的是（ ）A加速度大小逐渐减小，速度也逐渐减小B加速度方向不变，而速度方
2、向改变C加速度和速度都在变化，加速度最大时，速度最小D加速度为零时，速度的变化率最大16“好奇号”火星探测器发现了火星存在微生物的更多线索，进一步激发了人类探测火星的热情。如果引力常量 G 己知，不考虑星球的自转，则下列关于火星探测的说法正确的是（ ）A 火星探测器贴近火星表面做匀速圆周运动时，其所受合外力为零B若火星半径约为地球半径的一半，质量约为地球质量的十分之一，则火星表面的重力加速度一定大于地球表面的重力加速度C火星探测器贴近火星表面做匀速圆周运动时，如果测得探测器的运行周期与火星半径，则可以计算火星质量D火星探测器沿不同的圆轨道绕火星运动时，轨道半径越大绕行周期越小17如图所示，小球
3、 A、B 通过一条细绳跨过定滑轮连接，它们都穿在一根竖直杆上当两球平衡时，连接两球的细绳与水平方向的分别为 和 2 假设装置中的各处摩擦均不计，则 A、B 球的质量之比为（ ）A2cos：1 B1：2cos Ctan：1 D1：2sin- 2 - x 0 -0 x1 x2 x3 x4 O 18在平面直角坐标系的 x 轴上关于原点 O 对称的 P、Q 两点各放一个等量点电荷后，x 轴上各点电场强度 E 随坐标 x 的变化曲线如图所示，规定沿 x 轴正向为场强的正方向，则关于这两个点电荷所激发电场的有关描述中正确的有（ ）A将一个正检验电荷从 P 点沿 x 轴移向 Q 点的过程中电场力一直做正功B
4、 x 轴上从 P 点到 Q 点的电势先升高后降低C若将一个正检验电荷从两点电荷连线的垂直平分线上的一侧移至另一侧对称点的过程中一定是电场力先做正功后做负功D若将一个正检验电荷从两点电荷连线的垂直平分线上的一侧移至另一侧对称点的过程中受到的电场力可能先减小后增大19如图所示，电源电动势 E=9V，内电阻 r=4.5，变阻器 R1的最大电阻Rm=5.0， R2=1.5， R3=R4=1000，平行板电容器 C 的两金属板水平放置,在开关S 与 a 接触且当电路稳定时，电源恰好有最大的输出功率，在平板电容器正中央引入一带电微粒，也恰能静止,那么（ ）A在题设条件下， R1接入电路的阻值为 3，电源的
5、输出功率为 4.5WB引入的微粒带负电，当开关与 a 断开但未与 b 接触时，微粒将向下运动C在题设条件下， R1的阻值增大时， R2两端的电压增大D在题设条件下，当开关接向 b 后，流过 R3的电流方向为 d c20静电场方向平行于 x 轴，其电势 随 x 的分布可简化为如图所示的折线一质量为 m、带电量为 q 的粒子（不计重力），以初速度 v0从 O 点（ x0）进入电场，沿 x 轴正方向运动下列叙述正确的是（ ）A粒子从 x1运动到 x3的过程中，电势能先减小后增大B粒子从 O 运动到 x1的过程中速度逐渐减小C要使粒子能运动到 x4处，粒子的初速度 v0至少为02qmD若 v0 ，粒子
6、在运动过程中的最大速度为02qm621如图所示，M 为定滑轮，一根细绳跨过 M，一端系着物体 C，另一端系着一动滑轮 N，动滑轮 N 两侧分别悬挂着 A、B 两物体，已知 B 物体的质量为 3kg，不计滑轮和绳的质量以及一切摩擦，若 C 物体的质量为 9kg，则关于 C 物体的状态下列说法正确的是（ ）- 3 -A. 当 A 的质量取值合适，C 物体有可能处于平衡状态B. 无论 A 物体的质量是多大，C 物体不可能平衡C. 当 A 的质量足够大时，C 物体不可能向上加速运动D. 当 A 的质量取值合适，C 物体可以向上加速也可以向下加速运动22（6 分）现要测量滑块与木板之间的动摩擦因数，实验
7、装置如图 1 所示。表面粗糙的木板一端固定在水平桌面上，另一端抬起一定高度构成斜面；木板上有一滑块，其后端与穿过打点计时器的纸带相连；打点计时器固定在木板上，连接频率为 50Hz 的交流电源。接通电源后，从静止释放滑块，滑块带动纸带打出一系列的点迹。（1）图 2 给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6 是实验中选取的计数点，每相邻两计数点间还有 4 个点（图中未标出），2、3 和 5、6 计数点的距离如图 2所示。由图中数据求出滑块的加速度 a=_ （结果保留三位有效数字）。（2）为了求出滑块与木板间的动摩擦因数，还应测量的物理量是（ ）A.滑块到达斜面底端的速度 v
8、 B.滑块的质量 mC.滑块的运动时间 t D.斜面高度 h 和底边长度 x（3）设重力加速度为 g，滑块与木板间的动摩擦因数的表达式为 =_（用所需测物理量的字母表示）。23（9 分）有一个小灯泡上标有“4.0V 0.7A”的字样，现要求测定小灯泡在不同电压下的功率 P，并作出功率 P 与其两端电压的平方 U2的关系图可供选择器材如下：A小灯泡 L，规格“4.0V 0.7A” B电流表 A1（03A，内阻约 0.1）C电流表 A2（00.6A，内阻 r2 =0.2） D电压表 V1（03V，内阻 9k）E电压表 V2（015V，内阻约为 30k） F标准电阻 R1=1 G标准电阻 R2=3k
9、 H滑动变阻器 R（010） I学生电源（E=6V，内阻不计） J开关 S 及导线若干（1）甲同学设计了如图甲所示电路来测量，当电压表读数为 2.40V 时，电流表示数如图乙- 4 -所示为_A，此时 L 的电阻为_（2）学习小组同学经讨论认为要想更准确地描绘出 L 完整的 PU2曲线，需要重新设计电路请你在甲同学的基础上利用所供器材，在图丙所示的虚线框内补画出实验电路图，并在图上标明所选器材代号；若伏特表读数为 2.70V，安培表读数为 0.50A，则灯 L 消耗的功率P=_W24.（12 分）如图所示，在空间中取直角坐标系 Oxy，在第一象限内平行于 y 轴的虚线 MN 与y 轴距离为 d
10、，从 y 轴到 MN 之间的区域充满一个沿 y 轴正方向的匀强电场，场强大小为 E。初速度可以忽略的电子经过另一个电势差为 U 的电场加速后，从 y 轴上的 A 点以平行于 x 轴的方向射入第一象限区域，A 点坐标为（0， h）。已知电子的电量为 e，质量为 m，加速电场的电势差 ，电子的重力忽略不计，求：hEdU42（1）电子从 A 点进入电场到离开该电场区域所经历的时间 t 和离开电场区域时的速度 v；（2）电子经过 x 轴时离坐标原点 O 的距离。- 5 -25（20 分）如图所示，在竖直平面内有一倾角 =37的传送带，两皮带轮 AB 轴心之间的距离 L=3.2m，沿顺时针方向以 v0=
11、2m/s 匀速运动。一质量 m=2kg 的物块 P 从传送带顶端无初速度释放，物块 P 与传送带间的动摩擦因数 =0.5。物块 P 离开传送带后在 C 点沿切线方向无能量损失地进入半径为 m 的光滑圆弧形轨道 CDF，并沿轨道运动至最低点 F，与位于圆95弧轨道最低点的物块 Q 发生完全弹性碰撞，碰撞时间极短。物块 Q 的质量 M=1kg，物块 P 和Q 均可视为质点，重力加速度 g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求：(1)求物块 P 从传送带离开时的速度大小；(2)传送带对物块 P 做功为多少；(3)物块 P 与物块 Q 碰撞后瞬间,物块 P 对圆弧轨道压力大小为多少
12、。34、（15 分）【物理选修 3-4】(1)(5 分)一列简谐横波沿 x 轴传播，波速为 5m/s， t=0 时刻的波形如图所示，此时刻质点 Q位于波峰，质点 P 沿 y 轴负方向运动，经过 0.ls 质点 P 第一次到达平衡位置，则下列说法- 6 -正确的是_（填正确答案标号。选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分。每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分）A这列波的周期是 1.2sB该波沿 x 轴负方向传播C x=3.5m 处的质点与 P 点振动的位移始终相反DP 点的横坐标为 x=2.5mEQ 点的振动方程为（2）（10 分）一厚度均匀的圆形玻璃管内
13、径为 16cm，外径为 24cm一条光线从玻璃管壁中点入射，光线 AB 与竖直方向成 60角，与直径 MN 在同一竖直面内，如图所示该玻璃的折射率为 ，光速 c=3.0l08m/s 26I光线经玻璃管内壁折射后从另一侧内壁下端射出玻璃管，求玻璃管的长度； 保持入射点不动，调整入射角求光线 AB 在玻璃管内壁处恰好发生全反射时，光线在玻璃中传播的时间（以上结果均保留 2 位有效数字）一、物理科14.B 15.D 16.C 17.B 18.D 19.AD 20.BD 21.AD22. (1). 2.51 (2). D (3). gxhah223. (1). 0.48 (2). 5（或 5.00）
14、(3). 如图所示：- 7 -R1 R2 2.16 【解析】（1）电流表的分度值为 0.02A，故读数为 0.48A，小灯泡的电阻为（2）小灯泡的额定电流为 0.7A，所以电流表 量程小，而电流表 量程太大，所以并联一个定值电阻扩大 的量程，根据 可得 ，故选定值电阻 ，电压表也需要扩大量程，选择定值电阻 ，如图所示当电压表读数为 2.70V 时，小灯泡两端的电压为 ，电流表读数为0.5A 时，通过小灯泡的电流为 ，故小灯泡此时消耗的电功率为24.（12 分）解析：（1）由 eU mv02（1 分） 12得电子进入偏转电场区域的初速度 v0 （1 分）meu2设电子从 MN 离开，则电子从 A
15、 点进入到离开匀强电场区域的时间t （1 分）；dv0 eum2y at2 （2 分）12 Ed24U因为加速电场的电势差 U ， 说明 y h，说明以上假设正确Ed24h- 8 -所以 vy at （1 分）eEm ud2eEdm u2离开时的速度 v （2 分）v02 vy2)4(（2）设电子离开电场后经过时间 t到达 x 轴，在 x 轴方向上的位移为 x，则x v0t， y h y h vyt （1 分）Ed24U则 l d x d v0t（1 分）代入解得 l （2 分）d2 2hUEd25（20 分）(1)物块在未到达与传送带共速之前,所受摩擦力方向沿传送带向下，由牛顿第二定律得：
16、解得：所需时间沿斜面向下运动的位移当物块 的速度与传送带共速后，由于 ，所以物块 所受摩擦力方向沿传送带向上,由牛顿第定律得：解得： a2=2m/s2物块 以加速度 以运动的距离为：设物块 运动到传送带底端的速度为 ,由运动学公式得 v12=v02+2a2x2解得则动量为 P=mv1= ，方向与水平方向成 斜向右下(2)物块从顶端到底端,根据动能定理： 可知传送带对物块做功为：W=- 9 -(3)设物块 运动到 点的速度为 ,由动能定理得解得：若物块 与物块 发生完全弹性碰撞，并设物块 碰撞后的速度为 ,物块 Q 碰撞后的速度为 ,则两物块的碰撞过程动量守恒，碰撞前后动能之和不变；根据能量守恒：解得：在 点由牛顿第二定律得：解得：F N=34.4N35(1).ABD
