1、- 1 -黑龙江省大庆中学 2019 届高三物理上学期期中试题（扫描版）- 2 - 3 - 4 - 5 - 6 - 7 -答案解析部分一、单选题14.【答案】C 【解析】 【解答】解：A、抛入大气层的太空垃圾运动过程要克服阻力做功，机械能减小，机械能不守恒，故 A 错误；B、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G =m r，解得：T=2 ，不同轨道半径 r 的太空垃圾周期不同，贵 B 错误；C、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：G =m ，解得：v= ，在近地轨道上的“机器人”的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，在近地轨道上的“机器人”的线速度比同步卫星的线速度大，故 C 正确；D、万有引
2、力提供向心力，由牛顿第二定律得：G =ma，解得：a= ，向心加速度大小与垃圾质量无关，取决于其轨道半径，故 D 错误；故选：C【分析】机器人与太空垃圾绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律求出周期、线速度与向心加速度，然后分析答题15.【答案】A 【解析】 【解答】对木板：水平方向受到木块向右的滑动摩擦力 f1和地面的向左的静摩擦力f2 ， f1= 1mg，由平衡条件得：f 2=f1= 1mgA 符合题意因木板相对地面静止，属于静摩擦力，地面的静摩擦力不一定达到最大，则木板受到地面的摩擦力的大小不一定是 2（m+M）gB 不符合题意由题分析可知，木块对木板的摩擦力
3、 f1不大于地面对木板的最大静摩擦力，当 F 改变时，f 1不变，则木板不可能运动C 不符合题意；因木块的运动状态不确定，只有当木块匀速运动时，木板受到地面摩擦力的大小才一定等于 F，D 不符合题意；故答案为：A.【分析】利用长木板静止，那么水平方向受力平衡就可以知道地面产生的静摩擦力和物块产生的动摩擦力大小相等；木板的动力主要来自木块的摩擦力，与拉力 F 无关。16.【答案】A 【解析】 【解答】对联结点 O 进行受力分析，受三个拉力保持平衡，动态三角形如图所示：- 8 -可知小球从 B 点缓慢移到 B点过程中，绳 a 的拉力 逐渐变大，A 符合题意，BCD 不符合题意。故答案为：A【分析】
4、本题考查动态平衡问题。解决本题时可采用图解法作出物体在动态变化过程中的一系列平衡状态下的受力图即可分析各力的变化情况。17.【答案】D 【解析】 【解答】解：A、由动能定理得：Fx= mv20， 动能为：E k= mv2= ，则 Fx= ，解得：F= ，若在相同位移内它们动量变化相同，则有： = = ，故 A 错误，B 错误；C、由牛顿第二定律得：F=ma，物体动能为：E K= mv2= m（at） 2= ，F= ，若在相同时间内它们动能变化相同，则有：= = ，故 C 错误，D 正确故选：D【分析】根据动能定理和动能与动量的关系，求出 F 的表达式，从而求出恒力大小之比- 9 -二、多选题1
5、8.【答案】B,C 【解析】 【解答】A、汽车运动的加速度为 A 不符合题意B、汽车前 6s 内的位移为: .B 符合题意C、汽车在第 8s 末的速度为: ,C 符合题意D、汽车运动第 7s 内的位移为: .D 不符合题意.故答案为：BC【分析】初速度为零的匀变速直线运动基本公式： ， ， ,第 7 秒内的位移等于前 7 秒位移减去前 6 秒内位移。19.【答案】A,D 【解析】 【解答】解：A、当电梯向上加速运动时，有向上的加速度，人处于超重状态所以人对电梯地板的压力大于人受到的重力，故 A 正确，B 错误C、根据牛顿第三定律得电梯地板对人的支持力与人对电梯地板的压力大小相等，故 C 错误，
6、D 正确故选：AD【分析】失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度，合力也向下；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度，合力也向上根据牛顿第三定律得作用力和反作用力大小相等，方向相反20.【答案】B,C 【解析】 【解答】解：A、m 与木板 M 之间的最大静摩擦力：f m=F N=mg=0.5110=5N 开始时 m 与木板一起做加速运动，共同的加速度： 刚开始时，x=0，则加速度： 刚开始时 m 受到的摩擦力：f 0=ma0=11=1N5N，所以当 F 刚作用时，竖直挡板对 m 没有弹力
7、作用故 A 错误；B、m 受到的向左的力最大为静摩擦力与弹力的和，所以最大加速度：- 10 -故 B 正确；C、当 M 运动位移为 24m 时，F=3+0.524=15N根据功的公式：W=FS 可知力 F 做的功等于力在空间的积累效果，由积累的关系可得：W= =216J故 C 正确；D、联立可知，当 m 的加速度最大时的位移：x m=48m然后结合 C 选项的方法即可求出拉力对系统做的功，由动能定理即可求出系统的动能，即： 由此即可求出 m 的最大速度故 D 错误故选：BC【分析】由牛顿第二定律求出整体的加速度随位移 x 的关系；由牛顿第二定律求出 m 的最大加速度，以及最大加速度对应的位移；
8、由积分的方法即可求出拉力做的功21.【答案】B,C 【解析】 【解答】双中子星做匀速圆周运动的频率 f=12Hz（周期 T=1/12s） ，由万有引力等于向心力，可得， G =m1r1（2 f ） 2 ， G =m2r2（2 f ） 2 ， r1+ r2=r=40km，联立解得：（ m1+m2）=（2 f ） 2Gr3 ， B 符合题意，A 不符合题意；由 v1=r 1=2f r1 ， v2=r 2=2f r2 ， 联立解得： v1+ v2=2fr ， C 符合题意；不能得出各自自转的角速度， D 不符合题意。故答案为：BC【分析】该题考查的是天体运动中的双星问题。解决问题的关键是要掌握双星运
9、动的特点是：由万有引力提供向心力，它们的向心力相等、周期相同，两星的轨道半径之和两星之间的距离；并且要熟练运用圆周运动中向心力与线速度、角速度、周期的关系式。三、实验探究题22.【答案】 （1）否（2）（3）A,D 【解析】 【解答】 （1）拉力是直接通过传感器测量的，故与小车质量和 钩码质量大小关系无关，故不需要钩码总质量 m 远小于滑块质量 M；（2）由于遮光条的宽度很小，通过光电门的时间也很短，故遮光条通过光电门的平均速度可以表示瞬时速度，则通，B 点的速度为： - 11 -，拉力做功为： ，动能的增加量为： 。故本实验中探究动能定理的表达式为为： 。 （3）由公式可知，实验误差来自由长
10、度的测量和速度的测量，故可以让 AB 之间的距离 L 增大或减小遮光片的长度，AD 符合题意【分析】 （1）有测拉力的传感器不需要满足质量关系；（2）利用拉力做功等于滑块动能的变化可以求出表达式；（3）增大 AB 的距离可以使两个光电门速度变化比较大，与瞬时速度差距大减少误差；减少遮光板的宽度是为了让平均速度更加接近光电门的瞬时速度。23.【答案】 （1）1.0（2）电路图如图：（3）大于（4）操作方法：a.将选择开关打到“10 0”挡；b.将两表笔短接，调节调零旋钮，进行欧姆挡调零；c.再将被电阻接到两表笔之间测量其阻值并读出读数；d.测量完毕将选择开关打到“OFF”挡。 【解析】 【解答】
11、 （1）该同学选择的欧姆档档位是“10”挡，而表中刻度盘读数为 100，所以所测电阻阻值为 1.0k；（2）从刻度盘 所读数看，该同学所选欧姆档倍率过小，误差较大，为使测量结果更准确，应选倍率更大的档位测。操作方法：a.将选择开关打到“10 0”挡；b.将两表笔短接，调节调零旋钮，进行欧姆挡调零；c.再将被电阻接到两表笔之间测量其阻值并读出读数；d.测量完毕将选择开关打到“OFF”挡。电路图如图：- 12 -该同学采用的电流表内接法电路，由于电流的分压作用，使电压表测量的电压值大于待测电阻上的实际电压从而使电阻测量结果偏大。【分析】本题考察欧姆表的使用，以及电流表内接造成的误差的分析，都是常见
12、题型，难度不大。四、计算题24.【答案】解：最低点 最高点 mg= 由动能定律 得 解得 故克服空气阻力做功 w f= 【解析】 【分析】圆周运动在最高点和最低点沿径向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出最高点和最低点的速度，再根据动能定理求出此过程中小球克服空气阻力所做的功25.【答案】 （1）解：碰撞前 A 的速度，根据动能定理有 ， 碰撞前后动量守恒 动能守恒 解得 ， 解得碰撞后 A 的速度： ，B 的速度 （2）解：碰撞后 A 沿光滑轨道上升后又滑到 O，然后向右减速滑行至停止，动能定理： - 13 -,解得 ，B 沿地面减速滑行至停止，动能定理： ，解得 因为 ，这是不可能的，A
13、 不能越过 B 的，所以 A 到达 B 停止的地方后会发生第 2 次碰撞。第 2 次碰撞前，A 的速度：动能定理： ,解得 第 2 次碰撞动量守恒 动能守恒 解得第 2 次碰撞后的速度： ， 然后 A 向左减速运动，B 向右减速运动，直到二者都停止动能定理： ,解得 动能定理： ,解得 所以 A、B 均停止运动后，二者之间的距离为 。 【解析】 【分析】小物块 A 从高 h 处沿光滑轨道下滑过程，机械能守恒，然后发生弹性碰撞，根据动量守恒 和能量守恒联立可得第一次碰撞后瞬间 A 和 B 速度；A、B 碰撞后，根据第（1）题计算的速度分析 A、B 运动情况，求出两物体碰后位移后可得出二者间距离。
14、33.（1） 【答案】A,B,D 【解析】 【解答】由图像可知，气体从状态 A 变化到状态 B 的过程中压强不变，做等压变化，A 符合题意；气体从状态 B 变化到状态 C 的过程做等容变化，有： ，T C=300 K，p B=3pC ， 则解得 TB=900K；气体从状态 A 变化到状态 B 的过程做等压变化，有 ，其中 VA=VB/4，T B=900K，解得 TA=225K，B 符合题意，C 不符合题意；从状态 A 变化到状态 B 的过程，气体的体积变大，气体对外做功，D 符合题意；气体从状态 B 变化到状态C 的过程中，气体体积不变，则 W=0；温度降低，内能减小，U0，则 Q0，即气体放
15、热，选项 E 错误；故答案为：ABD.【分析】由图可知：气体从状态 A 变化到状态 B 的过程中压强不变，体从状态 B 变化到状态- 14 -C 的过程体积不变，再根据热力学定律可判断两过程的做功和吸热。（2）.【答案】 （1）封闭气体压强为：P=P 0+gh=75cmHg+1.5cmHg=76.5cmHg；活塞受力平衡，故：mg=（PP 0）S解得：m= =2kg答：活塞的质量为 2kg；（2）活塞依然平衡，说明封闭气体的压强不变，仍然为 76.5cmHg，故此时 U 形管两侧水银面的高度差依然为 1.5cm；封闭气体经历等压变化，各个状态参量为：T0=t0+273=300K，T 1=63 +273=210K，V 0=LS，V 1=L1S，由盖吕萨克定律得到：解得： 答：使容器内温度降至63，此时 U 形管两侧水银面的高度差为 1.5cm，活塞离容器底部的高度 L1为 35cm 【解析】 【分析】 （1）从水银气压计求解气缸内的气压，然后对活塞受力分析，受重力和内外气体的压力，根据平衡条件列式求解活塞的质量；（2）封闭气体经历等压变化， 根据盖吕萨克定律列式求解气体的体积，得到活塞离容器底部的高度
