1、1选择题 48 分练(五)(时间：20 分钟 分值：48 分)(15 小题为单选题，68 小题为多选题)1(2018皖南八校 4 月联考)下列叙述错误的是( )A意大利科学家伽利略在比萨斜塔做了两个不同质量的小球下落的实验，推翻了古希腊学者亚里士多德的观点及证明质量大的小球下落的快是错误的B牛顿根据理想斜面实验，指出力不是维持物体运动的原因，提出了牛顿运动定律C开普勒接受了哥白尼日心说的观点，并根据第谷对行星运动观察记录的数据，应用严密的数学运算和椭圆轨道假说，得出了行星运动的三大定律D法拉第提出了电场和磁场的概念，指出电荷与电荷、磁极与磁极之间的相互作用不是超距离的，而是通过带电体或磁性物体
2、周围的场而发生的B 伽利略通过比萨斜塔实验得出了自由下落的两个小球同时落地，推翻了古希腊学者亚里士多德的观点及证明质量大的小球下落的快是错误的，A 正确；伽利略根据理想斜面实验，指出力不是维持物体运动的原因，牛顿在前人研究的基础上提出了牛顿运动定律，B 错误；开普勒得出了行星运动三大定律，C 正确；法拉第提出了电场和磁场的概念，指出电荷与电荷、磁极与磁极之间的相互作用不是超距离的，而是通过带电体或磁性物体周围的场而发生的，D 正确2(2018雅安三诊)铀原子核既可发生衰变，也可发生裂变其衰变方程为 U23892ThX，裂变方程为 U nY Kr3 n，其中 U、 n、Y、 Kr 的质量分别为2
3、3490 23592 10 8936 10 23592 10 8936m1、 m2、 m3、 m4，光在真空中的传播速度为 c.下列叙述正确的是( )A. U 发生的是 衰变23892BY 原子核中含有 56 个中子C若提高温度， U 的半衰期将会变小23892D裂变时释放的能量为( m12 m2 m3 m4)c2D 根据质量数守恒，电荷数守恒，X 为氦原子核， U 发生的是 衰变，故 A 错误；23892根据质量数守恒，电荷数守恒可知，Y 的质量数： A2351893144，电荷数：z923656，由原子核的组成特点可知，Y 原子核中含有 56 个质子，中子数为：1445688 个，故 B
4、错误；半衰期与温度、压强等外界因素无关，故 C 错误；由于核裂变的过程中释放能量，根据爱因斯坦质能方程得： E mc2( m12 m2 m3 m4)c2，故D 正确3(2018云南统一检测)如图 1 所示，两个质量均为 m 的物体 A、 B 叠放在光滑水平面上， A 与 B 间的动摩擦因数为 .现用水平外力 F 拉物体 A，要将 A 拉离物体，则 F 至少大于( )2图 1A0.5 mg B mgC2 mg D3 mgC 只要 A 的加速度大于 B 的最大加速度， A 与 B 就会分离对物体 A： F f maA对物体 B： f maB，当 f mg 时有最大加速度若 aA aB 则 F mg
5、m mgm解得： F2 mg ，故 C 正确4(2018湖南六校联考)如图 2 所示，木板 P 下端通过光滑铰链固定于水平地面上的O 点，物体 A、 B 叠放在木板上且处于静止状态，此时物体 B 的上表面水平现使木板 P 绕O 点缓慢旋转到虚线所示位置，物体 A、 B 仍保持静止，与原位置的情况相比( )图 2A A 对 B 的作用力减小B B 对 A 的支持力增大C木板对 B 的支持力增大D木板对 B 的摩擦力增大D 设木板与地面的夹角为 ，以 A 为研究对象， A 原来只受重力和支持力而处于平衡状态，所以 B 对 A 的作用力与 A 的重力大小相等，方向相反；当将 P 绕 O 点缓慢旋转到
6、虚线所示位置， B 的上表面不再水平， A 受力情况如图甲， A 受到重力和 B 的支持力、摩擦力三个力的作用，其中 B 对 A 的支持力、摩擦力的合力仍然与 A 的重力大小相等、方向相反，则 A 受到 B 对 A 的作用力保持不变，根据牛顿第三定律可知 A 对 B 的作用力也不变，A 错误；开始时物体 A 不受 B 对 A 的摩擦力， B 对 A 的支持力大小与重力相等，后来，设 B的上表面与水平方向之间的夹角为 ，受到的 B 对 A 的支持力、摩擦力的合力仍然与 A 的重力大小相等，方向相反，则 A 受到 B 对 A 的作用力保持不变，由于支持力与摩擦力相互垂直， N1 GAcos ，所以
7、 A 受到的支持力一定减小了， B 错误；以 A、 B 为整体，分析受力情况如图乙：总重力 GAB、板的支持力 N2和摩擦力 f2，板对 B 的作用力是支持力 N2和摩3擦力 f2的合力，由平衡条件可知板对 B 的作用力大小与总重力大小相等，保持不变，N2 GABcos ， f2 GABsin ， 增大， N2减小， f2增大，C 错误，D 正确图甲 图乙5. (2018太原模拟)分离同位素时，为提高分辨率，通常在质谱仪内的磁场前加一扇形电场扇形电场由彼此平行、带等量异号电荷的两圆弧形金属板形成，其间电场沿半径方向被电离后带相同电荷量的同种元素的同位素离子，从狭缝沿同一方向垂直电场线进入静电分
8、析器，经过两板间静电场后会分成几束，不考虑重力及离子间的相互作用，则( )图 3A垂直电场线射出的离子速度的值相同B垂直电场线射出的离子动量的值相同C偏向正极板的离子离开电场时的动能比进入电场时的动能大D偏向负极板的离子离开电场时动量的值比进入电场时动量的值大D 垂直电场线射出的离子，在电场中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有 Eq m，解得 Eqr mv2，同位素的质量不同，所以垂直电场线射出的离子动能的值相同，速v2r 12 12度不同，动量不同，A、B 错误；偏向正极板的离子离开电场时克服电场力做功，动能比进入电场时的小，C 错误；偏向负极板的离子离开电场时，过程中电场力做正功，速度增大
9、，动量增大，故比进入电场时动量的值大，D 正确6(2018湖南十四校二次联考)脉冲星的本质是中子星，具有在地面实验室无法实现的极端物理性质，是理想的天体物理实验室，对其进行研究，有希望得到许多重大物理学问题的答案，譬如：脉冲星的自转周期极其稳定，准确的时钟信号为引力波探测、航天器导航等重大科学及技术应用提供了理想工具.2017 年 8 月我国 FAST 天文望远镜首次发现两4颗太空脉冲星；其中一颗星的自转周期为 T(实际测量为 1.83 s，距离地球 1.6 万光年)，假设该星球恰好能维持自转不瓦解；地球可视为球体，其自转周期为 T0；同一物体在地球赤道上用弹簧秤测得重力为两极处的 0.9 倍
10、，已知万有引力常量为 G，则该脉冲星的平均密度 及其与地球的平均密度 0之比正确的是( )A B 3GT2 3GTC. D. 0 T2010T2 0 10T20T2AC 星球恰好能维持自转不瓦解时，万有引力充当向心力，即 G m 2R，又MmR2 (2T)M R3，联立解得 ，A 正确，B 错误；设地球质量为 M0，半径为 R0，由于两43 3GT2极处物体的重力 P 等于地球对物体的万有引力，即 P G ，在赤道上，地球对物体的M0mR20万有引力和弹簧秤对物体的拉力的合力提供向心力，则有 G 0.9 P mR0 ，联立M0mR20 4 2T20解得 M0 ，地球平均密度 0 ，则 C 正4
11、 2PR0G P 0.9P T20 M0V4 2PR30G P 0.9P T204 R303 30GT20确，D 错误；故选 A、C.7(2018江西联考)如图 4 所示，三个质量相等的小球 A、 B、 C 从图中所示的位置以相同的速度 v0水平向左抛出，最终都能到达坐标原点 O，不计空气阻力， x 轴为水平地面，则可以判断 A、 B、 C 三个小球( )图 4A初始时刻纵坐标之比为 123B在空中运动的时间之比为 135C从抛出至到达 O 点过程中，动能的增加量之比为 149D到达 O 点时，重力的瞬时功率之比为 123CD 根据 x v0t，水平初速度相同， A、 B、 C 水平位移之比为
12、 123，所以它们在空中运动的时间之比为 123，故 B 错误；初始时刻纵坐标之比即该过程小球的下落高度之比，根据 h gt2得初始时刻纵坐标之比为 149，故 A 错误；根据动能定理可知125W mgh Ek，动能的增加量之比为 149，故 C 正确；到达 O 点时，设落地时速度为v，和重力方向夹角为 ，则重力的瞬时功率 P mgvcos mgvy mggt，三个小球落地时重力的瞬时功率之比为 123，故 D 正确8(2018赤峰 4 月模拟)如图 5 所示，理想变压器的原、副线圈的匝数比为 41，原线圈接有 u311sin 100 t(V)的交变电压，副线圈上接有定值电阻 R、线圈 L、灯
13、泡 D及理想电压表 .以下说法正确的是( )图 5A副线圈中电流的频率为 50 HzB灯泡 D 两端电压为 55 VC若交变电压 u 的有效值不变，频率增大，则电压表 的示数将减小D若交变电压 u 的有效值不变，频率增大，则灯泡 D 的亮度将变暗AD 变压器不会改变电流的频率，电流的频率为 f Hz50 Hz，故 A1T 2 1002正确；由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为 311 V，所以原线圈的电压的有效值为： U1 V220 V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为 55 V，3112在副线圈中接有电阻 R、电感线圈 L 和灯泡 D，它们的总的电压为 55 V，所以灯泡 D 两端电压一定会小于 55 V，故 B 错误；根据电压与匝数成正比可知副线圈的电压不变，所以电压表的示数不变，故 C 错误；交流电的频率越大，电感线圈对交流电的阻碍作用就越大，所以电路的电流会减小，灯泡 D 的亮度要变暗，故 D 正确
