重庆市大学城第一中学校2018_2019学年高二数学上学期第一次月考试题文.doc

1、- 1 -重庆市大学城第一中学校 2018-2019 学年高二数学上学期第一次月考试题 文一、选择题：本大题共 12 小题，每小题 5 分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1以下命题：以直角三角形的一边为轴旋转一周所得的旋转体是圆锥；以直角梯形的一腰为轴旋转一周所得的旋转体是圆台；圆柱、圆锥、圆台的底面都是圆；一个平面截圆锥，得到一个圆锥和一个圆台其中正确命题的个数为( )A0B1C2D32下列说法中正确的是 有一条侧棱垂直于底面的棱柱是直棱柱 在正三棱锥中,斜高大于侧棱 底面是正方形的棱锥是正四棱锥C 有一个面是多边形,其余各面均为三角形的几何体是棱锥D3已知底面半径为

2、的圆锥的体积为 ，则圆锥的高为（ ）28A2B4C6D4已知某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为 A327B6C427D25某几何体的三视图如图所示，则该几何体的表面积为（ ）- 2 - A23B263C231D266已知一个三棱锥的三视图如图所示，其中俯视图是等腰直角三角形，则该三棱锥的外接球体积为（ ） A3B32C4D127设 是两条不同的直线， 是两个不同的平面，下列命题中正确的是（ ）nm, , 若 若Anmn则, 则,/,nm 若 若C则 Dn/则8下列命题为真命题的是（ ）A 平行于同一平面的两条直线平行； B 与某一平面成等角的两条直线平行；C 垂直于同一平面的两条直线

3、平行； D 垂直于同一直线的两条直线平行。9如图，在正方体 中，点 在线段 上运动，则下列判断中不正确的1DCBAP1BC是 （ ）. 与 所成角的范围是 AP11D2,8B11/ACDP平 面 三棱锥 的体积不变C1CB平 面平 面 CDA10在四面体 中，已知 是边长为 2 的等边三角形，那么B,点 到底面 的距离是（ ）DA 1 2 3BD11 如图在三棱锥 中， ，则C,3CAAB2D三棱锥 的外接球的表面积为 ( )- 3 - A219B19C567D712在棱长为 的正方体 中，点 分别是棱 的中点， 是侧1DFE,1,CBP面 内一点，若 ，则线段 长度的取值范围是( )1BCP

4、平 面/1 PA1 A25, 25,43C2,53,2二、填空题:本大题共四个小题，每个小题 5 分13长方体一顶点出发的三个侧面的面对角线的长分别为 ,则该长方体外接球的表5面积是_14已知正方体 的棱长为 1，则四棱锥 的体积为_ 1DCBADBA1115已知 是平面， 是直线，给出下列命题：,nm,若 ；若 ；则 /,/,则nm如果 是异面直线，则 与 相交；,；n若 /,/,/nm且则且，其中正确确命题的序号是_（把正确命题的序号都填上）16如图，正方体 的棱长为 ， 为 的中点， 为线段 上的动点，1DCBAPBCQ1C过点 的平面截该正方体所得的截面记为 ，则下列命题正确的是_（写

5、出QPA, S所有正确命题的编号） 当 时， 为四边形；当 时， 为等腰梯形；210CS21CQ当 时， 与 的交点 满足 ；存在点 ， 为六边形.31DR1QS三、解答题：本大题共 6 个小题，17 题共 10 分，18-22 小题每题 12 分- 4 -17如图，在四棱锥 中， .四边形 为正方形，且ABCDSABCDS平 面平 面 为 的中点， 为 的中点.PADQ（1）求证： ；（2）求证： .SADC平 面SCDPQ平 面/18如图，在三棱柱 中， ， .1BA21CB31A（1）证明： ；（2）若 ，求三棱柱 的体积.CAB141CAOS1CBA19在三棱锥 中 和 是边长为 的等

6、边三角形 分别P,PB2,2,OD是 的中点.,(1)求证 平面 (2)求证 平面 (3)求三棱锥 的体积.:/OD;PAC:OP;ABCDABC20如图,三棱柱 中,侧面 侧面 ， 1B11AB21, , 为棱 的中点, 为 的中点.601AH1(1) 求证： ；(2) 若 ,求三棱柱 的体积.AD1平 面 21CBA21如图，在四面体 中，截面 是平行四边形.ABCDPQMN- 5 -（1）求证： ；PQMNBD平 面/(1) (2)若截面 是正方形，求异面直线 与 所成的角.PQMN22三棱锥 中，侧面 底面 , 是等腰直角三角形 的斜边，且SABCSACABC.2,2（1）求证： ；S

7、ABC（2）已知平面 平面 ，平面 平面 ， ，且 到平面/ABCl,DlC、的距离相等，试确定直线 及点 的位置（说明作法及理由） ，并求三棱锥 的lDSAB体积.- 6 -参考答案1B【解析】【分析】由题意逐一分析所给命题的真假即可.【详解】逐一分析所给命题的真假：以直角三角形的一条直角边为轴旋转一周所得的旋转体是圆锥，题中的命题错误；以直角梯形的直角边所在的腰为轴旋转一周所得的旋转体是圆台，题中的命题错误；圆柱、圆锥、圆台的底面都是圆，题中的命题正确；一个平行于底面的平面截圆锥，得到一个圆锥和一个圆台，题中的命题错误综上可得：正确命题的个数为 1.本题选择 B 选项.【点睛】本题主要考查

8、旋转体的定义与性质及其应用，意在考查学生的转化能力和计算求解能力.2A【解析】在正三棱锥中,斜高小于侧棱；有一条侧棱垂直于底面的棱柱是直棱柱；底面是正方形的直棱锥才是正四棱锥；有一个面是多边形,其余各面均为三角形的几何体不一定是棱锥，所以正确的是 A.3C【解析】设圆锥的高为 ，由体积公式可得：h，218VSh求解关于高度 的方程可得： .6本题选择 C 选项.4D【解析】【分析】先还原几何体，再根据锥体体积公式求结果.【详解】几何体为一个三棱锥，高为 ，底为一个直角三角形，直角边分别为 ，所以体积为- 7 -，选 D.【点睛】(1)解决本类题目的关键是准确理解几何体的定义，真正把握几何体的结

9、构特征，可以根据条件构建几何模型，在几何模型中进行判断；(2)解决本类题目的技巧：三棱柱、四棱柱、三棱锥、四棱锥是常用的几何模型，有些问题可以利用它们举特例解决或者学会利用反例对概念类的命题进行辨析5C【解析】【分析】由三视图还原可知原图形为三棱锥,再分别求得表面四个三角形的面积。【详解】由三视图还原可知原图形为三棱锥，如下图，作 ，取 AB 中点 F,所以， ，可求得 ，所以表面积为 。选 C.，【点睛】几何体的三视图包括正视图、侧视图、俯视图，分别是从几何体的正前方、正左方、正上方观察几何体画出的轮廓线符合长对正，高平齐，宽相等，所以主视图与俯视图的长相等，侧视图的高与主视图的高一样，俯视

10、图的宽与侧视图的相等。6C【解析】【分析】由三视图知几何体是一个侧棱与底面垂直的三棱锥，底面是斜边上的高为 的等腰直角三角- 8 -形，与底面垂直的侧面是个等腰三角形，底边长为 ，高为 ，故三棱锥的外接球与以棱长为的正方体的外接球相同，由此可得结论【详解】由三视图知几何体是一个侧棱与底面垂直的三棱锥，底面是斜边上的高为 的等腰直角三角形，与底面垂直的侧面是个等腰三角形，底边长为 ，高为 ，故三棱锥的外接球与以棱长为 的正方体的外接球相同，其直径为 ，半径为三棱锥的外接球体积为故选【点睛】本题主要考查了三视图，几何体的外接球的体积，考查了空间想象能力，计算能力，属于中档题。7B【解析】【分析】由

11、已知条件，利用直线与直线、直线与平面、平面与平面的位置关系，能求出结果【详解】若 ， m， n，则 m 与 n 相交、平行或异面，故 A 错误； m， m n， n，又 n，故 B 正确；若 m n， m， n，则 或 与 相交，故 C 错误；若 ， m， n，则 m n 或 m， n 异面，故 D 错误故选： B【点睛】本题考查直线与直线、直线与平面、平面与平面的位置关系的判定，是基础题，解题时要注意空间思维能力的培养8C【解析】【分析】- 9 -由题意逐一考查所给命题的真假即可.【详解】逐一考查所给的命题：平行于同一平面的两条直线可能平行，相交或异面，选项 A 说法错误；与某一平面成等角的

12、两条直线可能平行，相交或异面，选项 B 说法错误；由线面垂直性质定理的推理可知垂直于同一平面的两条直线平行，选项 C 说法正确；垂直于同一直线的两条直线可能平行，相交或异面，选项 D 说法错误；本题选择 C 选项.【点睛】本题考查了空间几何体的线面位置关系判定与证明：（1）对于异面直线的判定要熟记异面直线的概念：把既不平行也不相交的两条直线称为异面直线；（2）对于线面位置关系的判定中，熟记线面平行与垂直、面面平行与垂直的定理是关键.9A【解析】分析： 利用正方形的性质和线面位置关系，以及三棱锥的体积转化等知识点，逐一判定，即可得到答案.详解：对于 A 中，当点 与线段 的两端点重合时， 与 所

13、成的角的最小值为 ，当点 与线段 的中点重合时， 与 所成的角的最小值为 ，故 与 所成的角的取值范围是 ，所以是错误的；B 中，连接 容易证明平面 平面 ，从而由线面平行的定义可得 平面，所以是正确的；C 中，连接 ，根据正方体的性质，有 平面 ， 平面 ，从而可证得平面 平面 ，所以是正确的；D 中，因为 ，则 到平面 的距离不变，且三角形 的面积不变，所以是正确的，综上可知，错误的应为 A，故选 A.- 10 -点睛：本题主要考查了正方体的性质的应用，以及点线面的位置关系的判定与锥体的体积的应用等知识点的综合考查，解答中认真审题，把握好空间中的线面位置关系的判定是解答的关键，着重考查了空

14、间思维能力，以及推理与论证能力.10B【解析】分析：先证明 AC 与平面 ABD 垂直，则只要在平面 ABD 内过 D 作 AB 的垂线 DO 与 AB交于点 O，则 DO 的长就是 D 到平面 ABC 的距离.详解：ABAC，ACBD，ABBDB，AC平面 ABD，平面 ABC平面 ABD，取 AB 中点 O，连接 DO，ABD 是等边三角形，DOAB，DO平面 ABC，又 DO ，D 到平面 ABC 的距离是 .故选 B.点睛：求点平面的距离，第一种方法是根据定义作出垂线段，然后只要通过解三角形求出这个线段的长即可，要注意这里有三个步骤：一作二证三算；第二种方法利用体积法计算，所求距离作为

15、一个三棱锥的高，通过两种不同的方法求三棱锥的体积，然后求得这个高；第三咱方法是利用空间向量法，点到平面的距离就是此点到平面的任一斜线段在平面的法向量方向上的投影的绝对值.11A【解析】【分析】首先求得外接球半径，然后求解外接球的表面积即可.- 11 -【详解】设 CD 的中点为 ，由余弦定理可得： ，很明显 为等腰三角形，则 ，据此有： ，由勾股定理的逆定理可得： ，很明显 ，以 P 为原点， PC 为 x 轴正方向， PB 为 y 轴正方向， PA 为 x 轴正方向，建立如图所示的空间直角坐标系.易知 ，设球心坐标为 ，由 OA=OB=OC=OD 可得：，解得： ，则外接球半径： ，其表面积

16、： .本题选择 A 选项.- 12 -【点睛】与球有关的组合体问题，一种是内切，一种是外接解题时要认真分析图形，明确切点和接点的位置，确定有关元素间的数量关系，并作出合适的截面图，如球内切于正方体，切点为正方体各个面的中心，正方体的棱长等于球的直径；球外接于正方体，正方体的顶点均在球面上，正方体的体对角线长等于球的直径.12B【解析】分析：首先确定点 P 的轨迹，然后利用几何体的结构特征整理计算即可求得最终结果.详解：分别取棱 BB1、 B1C1的中点 M、 N，连接 MN， M、 N、 E、 F 为所在棱的中点， MN BC1， EF BC1， MN EF. MN平面 AEF， EF平面 A

17、EF，- 13 - MN平面 AEF. AA1 NE， AA1=NE，四边形 AENA1为平行四边形， A1N AE. A1N平面 AEF， AE平面 AEF， A1N平面 AEF. A1N MN=N，平面 A1MN平面 AEF. P 是侧面 BCC1B1内一点， A1P平面 AEF， P 必在线段 MN 上.在 Rt A1B1M 中， A1B1=1， ， ，同理可得在 Rt A1B1N 中 ， A1MN 是等腰三角形.当 P 在 MN 中点 O 时 A1P MN，此时 A1P 最短， P 位于 M、 N 处时 A1P 最长.在 Rt B1MN 中， ， .点 O 是 MN 中点， .在 Rt

18、 A1MO 中， ， . ，线段 A1P 长度的取值范围是 .本题选择 B 选项.点睛：本题主要考查面面垂直的判断定理与性质定理的应用，空间轨迹问题等知识，意在考- 14 -查学生的转化能力和计算求解能力.13 12【解析】设长方体三条边为 ,依题意有 ，所以球的表面积为3212cbaR.42R【点睛】几何体的外接球问题有如下几个常见的结论:结论 1：正方体或长方体的外接球的球心其体对角线的中点结论 2：正棱柱的外接球的球心是上下底面中心的连线的中点结论3：直三棱柱的外接球的球心是上下底面三角形外心的连线的中点结论 4：正棱锥的外接球的球心在其高上，具体位置可通过计算找到结论 5：若棱锥的顶点

19、可构成共斜边的直角三角形，则公共斜边的中点就是其外接球的球心14 【解析】【分析】根据正方体的结构特征，求出四棱锥的底面面积与高，然后求解四棱锥的体积公式，即可求解【详解】由题意可知四棱锥 的底面是矩形，边长： 和 ，四棱锥的高： ， 则四棱锥 的体积为： ，故答案为： 【点睛】本题主要考查了空间结合体的体积的求法，其中根据正方体的结构特征，求得四棱锥的底面面积和棱锥的高是解答的关键，着重考查了空间想象能力，以及推理与运算能力15【解析】分析：根据线面垂直的判定定理，可判断的对错；根据面面平行的判定定理，可得到的真假；根据空间线面关系的定义及判定方法，可以得到的正误，根据线面平行的- 15 -

20、判定方法，易得到的对错；结合判断结果，即可得到答案详解：根据面面垂直的判定定理，我们易得正确；根据面面平行的判定定理，我们可得由于 m 与 n 不一定相交，则命题为假命题；如果 m，n，m、n 是异面直线，那么 n 与 相交或平行，故也为假命题；若 =m，nm，且 n，n ，根据线面平行的判定定理，我们可得为真命题；故答案为：点睛：本题考查的知识点是空间直线与平面之间的位置关系判定及命题的真假判断与应用，其中熟练掌握空间直线与平面位置关系的判定方法是解答本题的关键；是高考中常见的题型，往往学生忽视书本上的基本概念，值得大家注意对于这种题目的判断一般是利用课本中的定理和性质进行排除，判断；还可以

21、画出样图进行判断，利用常见的立体图形，将点线面放入特殊图形，进行直观判断.16【解析】【分析】由题意作出满足条件的图形，由线面位置关系找出截面可判断选项的正误【详解】连接 并延长交 于 ，再连接对于，当 时， 的延长线交线段 与点 且 在 与 之间，连接 ，则截面为四边形 ；正确；当 时，即 为 中点，此时可得- 16 -故可得截面 为等腰梯形，故正确； 由上图当点 向 移动时，满足 ，只需在 上取点 满 ，即可得截面为四边形 ，故 正确； 当 时，如图，延长 至 ，使 ，连接 交 于 ，连接 交 于 ，连接 ，可证 ，由 ，可得 ，故可得 ，故正确； 由可知当 时，只需点 上移即可，此时的截

22、面形状仍然上图所示的 ，显然为五边形，故错误；故答案为：.【点睛】此题考查了截面的性质，关键是利用面面平行、面面相交的性质确定截面的顶点属难题.17(1)见解析(2)见解析【证明】：(1)因为四边形 ABCD 为正方形，所以 CDAD.又平面 SAD平面 ABCD，且平面 SAD平面 ABCDAD，所以 CD平面 SAD. (2)取 SC 的中点 R，连接 QR，DR.- 17 -由题意知，PDBC 且 PD BC.在SBC 中，Q 为 SB 的中点，R 为 SC 的中点，所以 QRBC 且 QR BC.所以 QRPD 且 QRPD，则四边形 PDRQ 为平行四边形，所以 PQDR.又 PQ平

23、面 SCD，DR平面 SCD，所以 PQ平面 SCD.【解析】：分析：（）证明 CDAD，然后证明 CD平面 SAD（）取 SC 的中点 R，连 QR，DR推出 PD= BC，QRBC 且 QR= BC然后证明四边形 PDRQ为平行四边形，即可证明 PQ平面 SCD详解：(1)因为四边形 ABCD 为正方形，所以 CDAD.又平面 SAD平面 ABCD，且平面 SAD平面 ABCDAD，所以 CD平面 SAD. (2)取 SC 的中点 R，连接 QR，DR.由题意知，PDBC 且 PD BC.在SBC 中，Q 为 SB 的中点，R 为 SC 的中点，所以 QRBC 且 QR BC.所以 QRP

24、D 且 QRPD，则四边形 PDRQ 为平行四边形，所以 PQDR.又 PQ平面 SCD，DR平面 SCD，所以 PQ平面 SCD.点睛：本题考查平面与平面垂直的判定，直线与平面平行的判定，直线与平面垂直的判定，考查空间想象能力属于常规题，对判定定理的熟悉是解题关键.18 （）详见解析; （）3.- 18 -【解析】试题分析：（1）证明 平面 ，得 ；（2）。试题解析：（）证明：设点 为 的中点，连接 ， ，由 ， ，知 与 均为等边三角形，点 为 的中点，可得 ， ， 相交于点 ，所以 平面 ，又 平面 ，所以 （）由（）知 与 均是边长为 是等边三角形， ，又在中， ， ，由余弦定理得 ，

25、所以 ，故 ，又 ，故 平面 ，所以 ，所以，所求三棱柱 的体积为 19(1)见解析(2) 见解析（3） 16【解析】试题分析：（1） ，所以 平面 ；（2） ，/ODPA/PAC,OCPAB所以 平面 ；（3） .PABC1166BCBVSO试题解析：- 19 -(1) 分别为 的中点,ODABP ./又 平面 平面P,C, 平面 ./A(2)连接 为 中点,OB,2,A .1C同理 .,PA又 2 2,CO .90P . ,ABOC 平面 .O(3)由(2)可知 平面P, 为三棱锥 的高,且 .AB1P .12666DABCVS点睛：本题考查立体几何的平行证明和垂直证明。在立体几何的证明题

26、型中，关键是掌握证明关系中的逻辑推理思维，如线面平行的证明根据其判定定理需证明线线平行，线面垂直的证明根据其判定定理需证明该线与两条相交直线分别垂直。20 （1）见解析；（2） .【解析】【分析】利用面面垂直的性质定理可以证得 ，根据三角形相似得到 ，然后由线面垂直判定定理得到结论找到三棱柱的高，直接用体积公式求得结果【详解】- 20 -(1)连结 ,由题意易知 为正三角形, 为棱 的中点, 所以 , 因为 从而 , 又面 面 ,面 面 , 面 ,所以 面 .又 面 ,所以 ,设 ,由 ,所以 , .又 ,所以 .所以 .又 ,所以 , 则 .由及 ,可得 平面 .(2)取 中点 ,连结 ,则

27、 ,所以 面 .在等边三角形 中， ,所以 .则 .所以三棱柱的体积为 .【点睛】本题主要考查了直线与平面垂直的判定以及棱柱的体积的求法，在证明线面垂直的过程中结合三角形相似求得垂直，较为关键，同时也是难点。- 21 -21(1)证明见解析；(2) .【解析】【分析】(1)由线面垂直的判断定理可得 平面 ，则 ，再次应用线面平行的判断定理可得截面 . (2)由（1）的证明可知 （或其补角）是异面直线 与 所成的角，结合正方形的性质可得异面直线 与 所成的角是 .【详解】(1)因为截面 是平行四边形， ;又 平面 , 平面 平面 ，平面 ,平面 平面 ，截面 截面 截面 . (2)由（1）的证明

28、知 ;（或其补角）是异面直线 与 所成的角;截面 是正方形， ;所以异面直线 与 所成的角是 .【点睛】平移线段法是求异面直线所成角的常用方法，其基本思路是通过平移直线，把异面直线的问题化归为共面直线问题来解决，具体步骤如下：平移：平移异面直线中的一条或两条，作出异面直线所成的角；认定：证明作出的角就是所求异面直线所成的角；计算：求该角的值，常利用解三角形；取舍：由异面直线所成的角的取值范围是 ，当所作的角为钝角时，应取它的补角作为两条异面直线所成的角22(1)见解析；（2）见解析【解析】试题分析：（1）根据面面垂直可得线面垂直，故在 内作 ，交SCBO于 ，连结 ，则由侧面 底面 ， 得 底

29、面 ，然后证得 O 为中BCOASBCAA点即可得 从而得证；（2）根据面面平行的性质可得 ，由 到平面 的距离相等可得/lD、 S- 22 -/平面 或 中点在平面 上，又 平面 ,平面 平面CDSABCSABCDABCSl/ 或 中点在 上, 或 为平行四边形,即 . 2D所以,过点 A 在平面 ABC 内作直线平行于 BC，则所作直线即为 l,以 A 为圆心 BC 长为半径作弧与 l 交点即为点 (或在 l 上到 A 距离为 2 的点即为点 )其中 .DDSBSACV解析：（）法一:在 内作 ，交 于 ，连结 ， SCBOBCOA则由侧面 底面 ， 得 底面SOA,又 ， ，BSOASB

30、O， 为等腰直角三角形， ，45AC AB又 = ,O,平 面即BS法二:取 中点 ，连结 , ,由侧面 底面BCOASBCA得 ,AS平 面,由已知 , 2,BSABO1S，2SOS又 = ,A,平 面即BCA（）法一:- 23 -平面 平面 ,平面 平面 ,平面 平面 SBCABClSABCl/l到平面 的距离相等 /平面 或 中点在平面 上D、 ADS又 平面 ,平面 平面 Sl/ 或 中点在 上,CBB或 为平行四边形,即 .2AC所以,过点 A 在平面 ABC 内作直线平行于 BC，则所作直线即为 l,以 A 为圆心 BC 长为半径作弧与 l 交点即为点 (或在 l 上到 A 距离为 2 的点即为点 )DD其中 113263SABSCVBOS法二: 到平面 的距离相等 、 SABDSABCSABCVVSABCSD3A平面 平面 ，平面 平面 ，平面 平面 BCll/l/ 或 中点在 上,SABCSDV又 ABCDSDAB或 为平行四边形,即 .2所以,过点 A 在平面 ABC 内作直线平行于 BC，则所作直线即为 l,以 A 为圆心 BC 长为半径作弧与 l 交点即为点 (或在 l 上到 A 距离为 2 的点即为点 )