1、- 1 -河北省大名县一中 2018-2019 年度高二物理下学期第八周周测试题一、单选题1如图甲所示，绝缘的水平桌面上放置一金属圆环，在圆环的正上方放置一个螺线管，在螺线管中通入如图乙所示的电流，电流从螺线管 a 端流入为正，以下说法正确的是（）A从上往下看，01s 内圆环中的感应电流沿顺时针方向B01s 内圆环面积有扩张的趋势C3s 末圆环对桌面的压力小于圆环的重力D12s 内和 23s 内圆环中的感应电流方向相反2如图所示，通有恒定电流的导线 MN 与闭合金属框共面，第一次将金属框由位置 I 平移到位置 II，第二次将金属框绕 cd边翻转到位置 II，设先后两次通过金属框的磁通量变化量大
2、小分别为则A ，两次运动中金属框中均有沿 adcba 方向的电流产生B = ，两次运动中金属框中均有沿 abcda 方向的电流产生C ，两次运动中金属框中均有沿 adcba 方向的电流产生D ，两次运动中金属框中均有沿 abcda 方向的电流产生3如图所示，固定放置在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为 d，其右端接有阻值为 R 的电阻，整个装置处在竖直向上磁感应强度大小为 B 的匀强磁场中。一质量为 m(质量分布均匀)的导体杆 ab 垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为 .现杆在水平向左、垂直于杆的恒力 F 作用下从静止开始沿导轨运动距离 L 时，速度恰好
3、达到最大(运动过程中杆始终与导轨保持垂直).设杆接入电路的电阻为 r，导轨电阻不计，重力加速度大小为 g，则此过程（）A杆的速度最大值为- 2 -B流过电阻 R 的电量为C恒力 F 做的功与摩擦力做的功之和等于杆动能的变化量D恒力 F 做的功与安培力做的功之和大于杆动能的变化量4如图甲所示，梯形硬导线框 abcd 固定在磁场中，磁场方向与线框平面垂直，图乙表示该磁场的磁感应强度 B 随时间 t 变化的关系， t=0 时刻磁场方向垂直纸面向里。在 05 t0时间内，设垂直 ab 边向上为安培力的正方向，线框 ab 边受到该磁场对它的安培力 F 随时间 t 变化的关系图为A B C D5如图所示，
4、足够长的 U 型光滑金属导轨平面与水平面成 角(090)，其中 MN 与 PQ平行且间距为 L，N、Q 间接有阻值为 R 的电阻，匀强磁场垂直导轨平面，磁感应强度为 B，导轨电阻不计质量为 m 的金属棒 ab 由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，ab 棒接入电路的电阻为 r，当金属棒 ab 下滑距离 x 时达到最大速度 v，重力加速度为 g，则在这一过程中( )A金属棒做匀加速直线运动B当金属棒速度为 时，金属棒的加速度大小为C电阻 R 上产生的焦耳热为D通过金属棒某一横截面的电量为6在如图甲所示的电路中，螺线管匝数 n=1000 匝，横截面积 S=20cm2螺线管导线电阻
5、r=1.0，R 1=4.0，R 2=5.0，C=30F在一段时间内，垂直穿过螺线管的磁场的磁感应强度 B 的方向如图甲所示，大小按如图乙所示的规律变化则下列说法中正确的是- 3 -A螺线管中产生的感应电动势为 1.2VB闭合 K，电路中的电流稳定后电容器下极板带负电C闭合 K，电路中的电流稳定后，电阻 R1的电功率为2.56102 WDK 断开后，流经 R2的电量为 1.810-2C7如图表示一交流电的电流随时间而变化的图像,此交流电流的有效值是( )A A B10A C A D5A8如图为远距离输电示意图，发电机的输出电压 U1和输电线的电阻和理想变压器匝数均不变，当用户消耗功率增大时，下列
6、表述正确的是（ ）A用户的总电阻增大B用户两端的电压 U4减小C输电线上损失的功率变小D用户端增加的功率等于升压变压器多输入的功率9玻尔首先提出能级跃迁。如图所示为氢原子的能级图，现有大量处于 n3 能级的氢原子向低能级跃迁。下列说法正确的是A这些氢原子总共可辐射出三种不同频率的光B氢原子由 n3 能级跃迁到 n2 能级产生的光频率最大- 4 -C氢原子由 n3 能级跃迁到 n1 能级产生的光波长最长D这些氢原子跃迁时辐射出光子能量的最大值为 10.2 eV10下列四幅图分别对应着四种说法，其中正确的是A氢原子辐射出一个光子后，电势能增大，动能减小B根据 、 、 射线的特点可知，射线 1 是
7、射线，射线 2 是 射线，射线 3 是 射线C天然放射性元素的半衰期由原子核内部自身的因素决定，跟所处的化学状态和外部条件无关D重核的裂变反应方程可以有二、多选题11如图所示，同种材料的、均匀的金属丝做成边长之比为 12 的甲、乙两单匝正方形线圈，已知两线圈的质量相同。现分别把甲、乙线圈以相同的速率匀速拉出磁场，则下列说法正确的是A甲、乙两线圈的热量之比为 12B甲、乙两线圈的电荷量之比为 14C甲、乙两线圈的电流之比为 12- 5 -D甲、乙两线圈的热功率之比为 1112图甲是小型交流发电机的示意图，在匀强磁场中，一矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图
8、象如图乙所示发电机线圈内阻为10，外接一只电阻为 90 的灯泡，不计电路的其他电阻，已知 ，则（ ）At=0 时刻线圈平面与中性面重合B每秒钟内电流方向改变 100 次C灯泡两端的电压为 22VD线圈的转速为 100r/s13如图所示，甲为理想自耦变压器，A、P 分别是可以滑动的触头变压器输入图乙所示的交流电压，则A通过滑动变阻器的交变电流的频率为 50HzB滑动变阻器两端的电压等于 220VC触头 A 向下滑动时，滑动变阻器消耗功率变大D触头 P 向下滑动时，滑动变阻器消耗功率变小14如图所示，光滑水平面上放一个质量为 M 足够长的木板，开始 M 静止，现在有一个质量为 m 的滑块以速度 v
9、0滑上 M， m 和 M 间的动摩擦因数为 ，以下说法正确的是（ ）- 6 -A如果增大 M，则 m 和 M 相对运动的时间变长，因摩擦而产生的热量增加B如果增大 m，则 m 和 M 相对运动的时间变短， m 在 M 上滑行的距离变大C如果增大动摩擦因数 ，则因摩擦而产生的热量不变D如果增大初速度 v0,则因摩擦而产生的热量增加15如图所示，竖直墙面和水平地面均光滑，质量分别为 mA=6kg， mB=2kg 的 A、 B 两物体用质量不计的轻弹簧相连，其中 A 紧靠墙壁现对 B 物体缓慢施加一个向左的力，该力对物体 B做功 W=25J，使 A、 B 间弹簧被压缩，在系统静止时，突然撤去向左推力
10、解除压缩，则A解除压缩后，两物体和弹簧组成系统动量守恒B解除压缩后，两物体和弹簧组成系统机械能守恒C从撤去外力至 A 与墙面刚分离， A 对弹簧的冲量 I=10 Ns，方向水平向右D A 与墙面分离后至首次弹簧恢复原长时，两物体速率均是 2.5m/s16利用如图甲所示的实验装置观测光电效应,已知实验中测得某种金属的遏止电压 Uc与入射频率 之间的关系如图乙所示,电子的电荷量 e=1.610-19 C,则( )。A普朗克常量为B该金属的逸出功为 eU1C要测得金属的遏止电压，电源的右端为正极D若电流表的示数为 10 A,则每秒内从阴极发出的光电子数的最小值为 6.25101217能源是社会发展的
11、基础，发展核能是解决能源问题的途径之一下列释放核能的反应方程中，表述正确的是( )A 是原子核的人工转变B 是原子核的人工转变C 是 衰变D 是裂变反应18有中子轰击 原子核产生裂变反应，其可能的裂变方程为- 7 -的质量分别 、 、 、 为 m1、m 2、m 3、m 4， 原子核的半衰期为 T，其比结合能小于 原子核的比结合能，光在真空中的传播速度为 c，下列叙述正确的是（ ）A 原子核比 原子核更稳定B 原子核中含有 56 个中子C裂变时释放的能量为（m 1-2m2-m3-m4）c 2D质量为 m 含铀矿石，经过一个半衰期后该矿石的质量剩下 m/219如图所示为工厂里一种运货过程的简化模型
12、，货物 可视为质点质量 ，以初速度滑上静止在光滑轨道 OB 上的小车左端，小车质量为 ，高为 。在光滑的轨道上 A 处设置一固定的障碍物，当小车撞到障碍物时会被粘住不动，而货物继续运动，最后恰好落在光滑轨道上的 B 点。已知货物与小车上表面的动摩擦因数 ，货物做平抛运动的水平距离 AB 长为 ，重力加速度 g 取求货物从小车右端滑出时的速度；若已知 OA 段距离足够长，导致小车在碰到 A 之前已经与货物达到共同速度，则小车的长度是多少？- 8 -参考答案1A【解析】【详解】01s 线圈中电流增大，产生的磁场增大，金属环中磁通量增大，根据楞次定律可知，从上往下看，0ls 内圆环中的感应电流沿顺时
13、针方向，金属环有面积缩小趋势，故 B 错误，A正确；3s 末金属环中感应电流最大，但螺线管中电流为零，没有磁场，与金属环间无相互作用，所以 3s 末圆环对桌面的压力等于圆环的重力，故 C 错误；12s 正方向电流减小，23s 反向电流增大，根据楞次定律，金属环中感应电流的磁场方向不变，感应电流方向不变，故 D 错误；故选 A。2C【解析】【详解】设在位置时磁通量大小为 1，位置时磁通量大小为 2。第一次将金属框由平移到，穿过线框的磁感线方向没有改变，磁通量变化量 1= 1- 2，根据楞次定律判断可知，感应电流沿 adcba 方向；第二次将金属框绕 cd 边翻转到，穿过线框的磁感线的方向发生改变
14、，磁通量变化量 2= 1+ 2，根据楞次定律判断可知，感应电流沿 adcba 方向；故 C正确，ABD 错误，故选 C。3D【解析】【详解】设杆的速度最大值为 v，此时杆所受的安培力为 ，而且杆受力平衡，则有F=FA+mg，解得， 故 A 错误。流过电阻 R 的电荷量为故 B 错误。根据动能定理得：恒力 F 做的功、摩擦力做的功、安培力做的功之和等于杆动能的变化量，而摩擦力做负功，安培力也做负功，则知恒力 F 做的功与摩擦力做的功之和大于杆动能的变化量，恒力 F 做的功与安培力做的功之和大于杆动能的变化量。故 C 错误，D 正确。故选 D。4D- 9 -【解析】【分析】根据法拉第电磁感应定律求
15、解感应电动势，根据欧姆定律求解感应电流，根据安培力公式F BIL 求解安培力；根据楞次定律判断感应电流的方向，再由左手定则判定安培力的方向，即可求解。【详解】02t 0，感应电动势为：E 1S S ，为定值，3t 05t 0，感应电动势为：E 2S S，也为定值，因此感应电流也为定值，那么安培力 F BILB ， 由于 0t 0，B 逐渐减小到零，故安培力逐渐减小到零，根据楞次定律，可知，线圈中感应电流方向顺时针，依据左手定则，可知，线框 ab 边受到安培力方向向上，即为正；同理，t 02t 0，安培力方向向下，为负，大小增大，而在 2t03t 0，没有安培力；在 3t04t 0，安培力方向向
16、上，为正，大小减小；在 4t05t 0，安培力方向向下，为负，大小增大，故 D 正确，ABC 错误。5D【解析】【详解】A、根据牛顿第二定律可得： ，即： ，当速度增大时，安培力增大，加速度减小，所以金属棒 ab 开始做加速度逐渐减小的变加速运动，不是匀加速直线运动，故 A 错误；B、金属棒 ab 匀速下滑时，则有： ，即 ，当金属棒速度为 时，金属棒的加速度大小为 ，故 B 错误；C、根据动能定理可得： ，解得产生的焦耳热为：，电阻 R 上产生的焦耳热为： ，故 C 错误；D、通过金属棒某一横截面的电量为 ，故 D 正确；故选 D。6C- 10 -【解析】【详解】根据法拉第电磁感应定律： ；
17、解得：E=0.8V，故 A 错误；根据楞次定律可知，螺线管的感应电流盘旋而下，则螺线管下端是电源的正极，那么电容器下极带正电，故B 错误；根据全电路欧姆定律，有：I= =0.08A，根据 P=I 2R1 解得：P=2.5610 -2W；故 C 正确；S 断开后，流经 R2的电量即为 S 闭合时 C 板上所带的电量 Q，电容器两端的电压为：U=IR 2=0.4V，流经 R2的电量为：Q=CU=1.210 -5C，故 D 错误；故选 C。7B【解析】【详解】设交流与直流通过阻值都为 R 的电阻，直流电流为 I，则根据有效值的定义有：，解得： ，故 B 正确，A、C、D 错误；故选 B。8B【解析】
18、【详解】当用户的功率增大时，用电器增多，总电阻减小。故 A 错误。当用电器增多时，功率增大，降压变压器的输出电流增大，则输电线上的电流增大，可知输电线上的电压和功率损失增大，发电机的输出电压 U1不变，则 U2不变，可知降压变压器的输入电压减小，所以用户得到的电压 U4减小，故 B 正确，C 错误。用户端增加的功率等于升压变压器多输入的功率与导线上多损失的功率的差值。故 D 错误；故选 B。9A【解析】【详解】这些氢原子总共可辐射出 种不同频率的光，选项 A 正确；氢原子由 n3 能级跃迁到n1 能级时能级差最大，产生的光频率最大，波长最短，选项 BC 错误；这些氢原子跃迁时辐射出光子能量的最
19、大值为-1.51eV-(-10.2 eV)=8.69eV，选项 D 错误；故选 A.10C- 11 -【解析】一个氢原子放出光子，原子能量减小，根据知 ，得 ，电子的动能增大，电势能减小，A 错误；三种射线的穿透本领不同，根据 射线的特点可知，射线1 的穿透本领最弱，是 射线，射线 3 的穿透本领最强，是 射线，射线 2 是 射线，B 错误；半衰期与其化学性质与化学状态无关，将放射性元素掺杂到其它稳定元素中，并降低其温度，它的半衰期会不变，C 正确；重核的裂变是重核俘获一个慢中子后才能发生的，所以核反应方程有 ，D 错误11AD【解析】【详解】两线圈质量相同，周长之比为 1:2，则横截面积之比
20、为 2:1，根据 可知，电阻之比为R1：R 2=1：4；根据 E=BLv， 可知甲、乙两线圈的热量之比为 1:2，选项 A正确； ，则甲、乙两线圈的电荷量之比为 11，选项 B 错误；由 可知甲、乙两线圈的电流之比为 21，选项 C 错误； 可知，甲、乙两线圈的热功率之比为 1:1，选项 D 正确；故选 AD.12AB【解析】【详解】A、由图象乙可知 t=0 时感应电动势为零，处于中性面上，故 A 正确；B、由题图乙可知周期 ，频率为 ，线框每转一周，电流方向改变两次，每秒电流方向改变 100 次，故 B 正确；C、由题图乙可知交流电电动势的最大值是 ，有效值为： ，根据闭合电路的分压特点得电
21、压表的示数为 ，故 C 错误；D、根据 可得线圈的转速为 ，故 D 错误；故选 AB。13AC- 12 -【解析】【详解】交流电的周期为 T=0.02s，则通过滑动变阻器的交变电流的频率为 50Hz，选项 A 正确；变压器输入电压有效值为 220V，则因变压器次级匝数大于初级匝数，可知滑动变阻器两端的电压大于 220V，选项 B 错误；触头 A 向下滑动时，初级匝数减小，则次级电压变大，滑动变阻器消耗功率变大，选项 C 正确，D 错误；故选 AC.14ACD【解析】【详解】视木板和滑块为系统，合外力为零，动量守恒，根据动量守恒有： ，解得：；根据能量守恒可知摩擦而产生的热量为：，对木板利用动量
22、定理可得： ，解得 m 和 M 相对运动的时间： ；A、若只增大 M，则 m 和 M 相对运动的时间 变长，因摩擦而产生的热量增加，故 A 正确；B、如果增大 m，则 m 和 M 相对运动的时间 变短，根据动能定理可得：，解得 m 在 M 上滑行的距离 变小，故 B 错误；C、如果增大动摩擦因数 ，则因摩擦而产生的热量 不变，故 C 正确；D、如果增大初速度 v0，则因摩擦而产生的热量 增加，故 D 正确；故选 ACD。15BCD【解析】- 13 -【详解】A、解除压缩后，弹簧在恢复原长的过程中，墙壁对 A 物体还有弹力的作用，故解除压缩后到弹簧恢复原长前，两物体和弹簧组成系统动量不守恒，恢复
23、原长后，AB 一起向右运动，系统的合外力为零，动量守恒，故 A 错误；B、解除压缩后，两物体和弹簧组成系统只有动能和弹性势能的相互转化，故机械能守恒，故 B 正确；C、压缩弹簧时，外力做的功全转化为弹性势能，撤去外力，弹簧恢复原长，弹性势能全转化为 B 的动能，设此时 B 的速度为 v0，则： ，得 v0 5m/s， 此过程墙壁对A 的冲量大小等于弹簧对 A 的冲量大小，也等于弹簧对 B 的冲量大小，由动量定理得：I mBv0 10 Ns，故 C 正确；D、当弹簧恢复原长时，A 的速度最小，则： vAmin 0，A、B 都运动后，B 减速，A 加速，当A、B 速度相等时弹簧拉伸最长此后，B 继
24、续减速，A 继续加速，当弹簧再次恢复原长时，以向右为正，由系统动量守恒、机械能守恒有： ，得 ， ，故 D 正确。16BC【解析】【详解】由光电效应方程可知，U ce=Ekm=hv-W0，则 ，知图线的斜率 ，那么普朗克常量 ， ，则 W0=U1e，选项 A 错误，B 正确。要测得金属的遏止电压，则 K 极接正极，即电源的右端为正极，选项 C 正确；若电流表的示数为 10 A，则每秒内从阴极发出的光电子数的最小值为 个，选项 D 错误；故选 BC.17AD【解析】【详解】是原子核的人工转变，选项 A 正确； 是轻核聚变方程，- 14 -选项 B 错误； 是人工转变方程，选项 C 错误； 是裂变
25、反应，选项 D 正确；故选 AD.18AC【解析】【详解】A、比结合能的大小反应原子核的稳定程度， 原子核的比结合能小于 原子核的比结合能，所以 原子核比 原子核更稳，故 A 正确；B、由原子核的组成特点可知 原子核中含有 56 个质子，中子数为： 个，故B 错误；C、由于核裂变的过程中释放能量，根据爱因斯坦质能方程得裂变时释放的能量为：，故 C 正确；D、经过一个半衰期后，铀的质量剩下 ，矿石中其他元素质量不变，故 D 错误；故选 AC。19(1)3m/s；(2)6.7m【解析】【详解】设货物从小车右端滑出时的速度为 ，滑出之后做平抛运动，在竖直方向上： ，水平方向：解得：在小车碰撞到障碍物前，车与货物已经到达共同速度，以小车与货物组成的系统为研究对象，系统在水平方向动量守恒，由动量守恒定律得： ，解得： ，由能量守恒定律得： ，解得： ，当小车被粘住之后，物块继续在小车上滑行，直到滑出过程，对货物，由动能定理得：- 15 -，解得： ，车的最小长度：故 L ；
