1、2012-2013学年福建晋江养正中学高一上学期期中考试理科物理试卷与答案（带解析） 选择题 当在电场中某点放入电量为 q的带正电的试探电荷时，测得该点的场强为 E，若改为在同一点放入电量为 的带负电的试探电荷时，测得该点的场强（ ） A大小为 2E，方向与 E相同 B大小为 2E，方向与 E相反 C大小为 E，方向与 E相同 D大小为 E，方向与 E相反 答案： C 试题分析：依题，当在电场中某点放入电量为 q的正试探电荷时，测得该点的场强为 E，若在同一点放入电量为 的负试探电荷时，电场强度的大小和方向都不变，即该点的场强大小仍为 E，方向与 E相同故选 C 考点：本题考查对电场强度物理意
2、义的理解 点评：电场强度是反映电场本身性质的物理量，与试探电荷无关，电场中同一点，不管放什么电荷，放不放电荷，该点的电场强度大小和方向都是一定的 两个较大的平行金属板 、 相距为 ，分别接在电压为 的电源正、负极上，这时质量为 ，带电量为 的油滴恰好静止在两板之间，如图所示，在其他条件不变的情况下，如果将两板非常缓慢地水平错开一些，那么在错开的过程中（ ） A油滴将向上加速运动， 电流计中的电流从 流向 B油滴将向下加速运动，电流计中的电流从 流向 C油滴静止不动，电流计中的电流从 流向 D油滴静止不动，电流计中的电流从 流向 答案： D 试题分析：根据公式 可得当两板非常缓慢地水平错开一些后
3、，两者的正对面积减小，所以电容减小，因为电容器的两端和电源相连，所以电容器两端的电压不变，根据公式 可得电容器两极板间的电场不变，所以带电油滴受到的电场力不变，素以仍保持静止，根据公式 可得，电容器所带电荷量减小，所以电容器放电，电流计中的电流从 a到 b， D正确， 考点：本题考查了电容器的动态分析 点评：在研究电容器的动态变化时，需要先看看电容器是否和电源相连，若相连，则电容器两端的电压不变，若不连 ，电容器所带电荷量不变，然后根据公式 ， ， 联合解题 两个质量相同的小球用不可伸长的细线连结，置于场强为 E 的匀强电场中，小球 1和 2均带正电电荷量分别为 q1和 q2(q1q2)将细线
4、拉直并使之与电场方向平行，如图所示，若将两小球同时从静止状态释放，则释放后细线中的张力 F为 (不计重力及两小球间的库仑力 )( ) A F (q1-q2)E B F (q1-q2)E C F (q1 q2)E D F (q1 q2)E 答案： A 试题分析：对球 1、 2 整体受力分析，根据牛顿第二定律得： ， 对球 2受力分析，由牛顿第二定律得： ，两式联立得 F (q1-q2)E， A正确， 考点：考查了电场和牛顿定律的综合应用 点评：解决本题关键在于把牛顿第二定律和电场力知识结合起来，在研究对象上能学会整体法和隔离法的应用 如图所示，带电平行金属板 A、 B，板间的电势差为 U， A板
5、带正电， B板中央有一小孔一带正电的微粒，带电量为 q，质量为 m，自孔的正上方距板高 h处自由落下，若微粒恰能落至 A、 B两板的正中央 c点，不计空气阻力，则：（ ） A微粒在下落过程中动能逐渐增加，重力势能逐渐减小 B微粒在下落过程中重力做功为 ，电场力做功为 C微粒落入电场中，电势能逐渐增大，其增加量为 D若微粒从距 B板高 1.5h处自由下落，则恰好能达到 A板 答案： C 试题分析：微粒在下落过程中先做加速运动，后做减速运动，动能先增大，后减小重力一直做正功，重力势能一直减小故 A错误 微粒下降的高度为 ，重力做正功，为 ，电场力向上，位移向下，电场力做负功， ，所以电势能增大，其
6、增加量为， B错误， C正确，由题微粒恰能落至 A过程，由动能定理得：,解得， H=2h， D错误， 考点：本题考查了动能定理的应用 点评：动能定理在多过程，多力作用的题目中经常用到，而且比较方便，不用考虑过程，只需考虑始末状态即可 等量异种点电荷的连线和其中垂线如图所示，现将一个带负电的试探电荷先从图中 a点沿直线移到 b点，再从 b点沿直线移到 c点，则该试探电荷在此全过程中（ ） A所受电场力的方向将发生改变 B所受电场力的大小恒定 C电势能一直减小 D电势能先不变后减小 答案： D 试题分析：在等量的异种电荷的中垂线上，电场方向始终垂直中垂线且指向负电荷，检验电荷所受电场力的方向保持不
7、变，所以 A错误；且电荷从 a运动到b，因电场力与位移方向垂直，电场力不做功；所以 C错；又因为电场线分布的疏密不同，所受电场力是变化的，所以 B错误；电荷从 b运动到 c，因为电场力做正功，所以电荷电势能减小，所以 D正确 考点：本题考查了等量的异种电荷的电场的分布的规律， 点评：本题要求学生了解等量同种电荷的电场线及电场特点，并判定电荷在运动过程中受力情况，从而可以判断电场受力及电荷能量变化 如图所示，在光 滑绝缘的水平面上的 A处固定某电荷，在 B点有一个以初速度 V0向右运动的点电荷，已知该点电荷在运动过程中电势能不断减小，其运动速度图线是下图中的哪一个？ ( ) 答案： B 试题分析
8、： B的电势能不断减小，说明电场力做正功，物体的动能增加，即物体的速度是增加的，所以 C排除，根据公式 可得，当 B远离 A球的时候，受到的库伦力逐渐减小，根据牛顿第二定律可知，小球 B的加速度在减小，而 v-t图像的斜率表示加速度大小，即斜率再减小，所以 B正确， 考点：本题考查了电场力做功情况 点评：本题的突破口是从小球的电势能变化入手，从而得出电场力做功情况，然后得出物体的速度情况 如图所示，用甲、乙、丙标记的曲线，是某电场的电场线。用 A、 B、 C标记的曲线，是某正电荷 +q在只受电场力作用下运动的轨迹，其中丙与 C重合。则关于三条曲线存在的可能性，下列说法正确的是 ( ) A.只有
9、曲线 A是可能存在的 B.只有曲线 B是可能存在的 C.只有曲线 C是可能存在的 D.曲线 B和 C都是可能存在的 答案： B 试题分析：当带电粒子在尽受电场力作用下，在电场中作曲线运动时，受到的电场力方向应指向曲线的凹处，所以 A不可能， B可能，电场线不是带电粒子的运动轨迹， C不可能，故选 B， 考点：本题考查了带电粒子在电场中的运动 点评：解决本题的关键有两点，一点是明白当物体做曲线运动是，合力指向轨迹的凹侧，二是明白电场线不是粒子的运动轨迹 如图，开关闭合后，当滑动变阻器滑片 P从上向下移动时（ ） A A灯变亮、 B灯变暗、 C灯变亮 B A灯变亮、 B灯变亮、 C灯变暗 C A灯
10、变亮、 B灯变暗、 C灯变暗 D A灯变亮、 B灯变亮、 C灯变亮 答案： A 试题分析：滑动变阻器滑片 P从上向下移动时，电路总电阻减小，电流总电流增大，所以 通过 A灯的电流增大， A两端的电压增大，所以 A灯变亮，路端电压减小，所以并联电路的电压减小，故 B两端的电压减小，所以 B灯变暗，总电流时增大的，同过 B的电流是减小的，所以通过 C的电流增大，故 C等变亮，A正确， 考点：本题考查了电路的动态分析 点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法 如图所示， A、 B、 C 三点为一直角三角形
11、的三个顶点， B = 30，现在 A、B两点放置两点电荷 、 ，测得 C点场强的方向与 AB平行，则 电荷量大小之比 为（ ） A、 1： 1 B、 1:2 C、 1:4 D、 1:8 答案： D 试题分析：由 A、 B在 C点产生的场强 EC，可作出矢量图，可知 A一定带负电，且 ，又 ，所以 ，即,D正确， 考点：本题考查了电场的叠加 点评：电场是矢量，叠加遵循平行四边形定则，然后结合几何关系解题 如图所示， a、 b、 c是匀强电场中同一平面上的三点，各点的电势分别为、 、 。则在下列各示意图中能表示该电场强度 E方向的是：（ ）答案： D 试题分析： A 中 bc两点的连线不是等式线，
12、所以电场不和其连线垂直， A 错误， 两点电势不等，所以电场线不和其连线相等， B错误，和 ab连线上的某点电势相等，所以电场线垂直其连线，根据电场线方向是从高电势指向低电势，所以 D正确， C错误， 考点：本题考查了电场线，等势面，电势的关系 点评：等势面就是电势相等的点所构成的平面电荷在等势面上移动，电场力不做功因此电场线与等势面垂直 如图所示，水平天花板下用长度相同的绝缘细线悬挂起来的两个相同的带电介质小球 A、 B，左边放一个带正电的固定球 + Q 时，两悬线都保持竖直方向。下面说法中正确的是（ ） A A球带正电， B球带正电，并且 A球带电荷量较大 B A球带负电， B球带正电，并
13、且 A球带电荷量较小 C A球带负电， B球带正电，并且 A球带电荷量较大 D A球带正电， B球带负电，并且 A球带电荷量较大 答案： B 试题分析：两悬线都保持竖直方向，说明 AB两小球处于平衡状态，所以根据两同夹异原则， A球带负电， B球带正电，根据库伦定律可得 ，即 ， 即 ，因为 ，所以，所以 A带电较小， B正确， 考点：本题考查了电荷间的相互作用力以及库伦定律的应用 点评：本题的关键是根据两同夹异原则判断两小球的带电性质，然后结合库伦定律解题 如图所示的伏安法测电阻 电路中，电压表的内阻为 3k，读数为 3V；电流表内阻为 10，读数为 4mA待测电阻 R的真实值等于 ( )
14、A 750 B 760 C 1000 D 1010 答案： C 试题分析：本实验测量电阻的原理是伏安法根据电表对电路的影响，分析误差，计算测量值和真实值 电阻 R的测量值 ,电阻的真实值 ,由于电压表的分流，所以 ,即测量值比真实值要小， ，由 得,C正确， 考点：本题考查实验误差分析， 点评：根据根据实验原理伏安法是测量电阻的基本方法，有电流表内接法和外接法两种电路结构 如图所示，是 两个电阻 R1、 R2的 U-I图线，它们并联的电阻阻值为 R，则R的 U-I图线在图中 ( ) A区域 B区域 C区域 D不能确定 答案： C 试题分析： U-I图像的斜率表示电阻的大小，两电阻并联后，总电阻
15、比这两个电阻最小的电阻还小，所以 R的图线应在区域三位置， C正确， 考点：本题考查了对并联电阻的计算以及 U-I图像的理解 点评：做本题的关键是明白两点，一点是图线的斜率表示电阻的大小，第二点是两电阻并联后总电阻减小， 下列关于电源电动势的说法中正确的是（ ） A电源电动势的大小，等于电源没有接入电路时电源两极间的电压的大小 B闭合电路中，并联在电源两端的电压表的示数就是电源电动势的值； C电源提供的电能越多，电源的电动势越大 D电源的电动势反映了电源将电能转化为其它形式的能的本领 答案： A 试题分析：电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势电源接入电路时两极间的电压在数值上
16、小于电源的电动势 A正确 闭合电路中，并联在电源两端的电压表的示数表示路端电压大小，因为又内阻的分压， B错误， 电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小， CD错误， 考点：本题考查对于电源的电动势的理解能力 点评：电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关 实验题 某同学要测量一定值电阻 Rx(约 300)的阻值，现提供了下表中的器材： 电池组 E（电动势 3V，内电阻很小） 滑动变阻器 R1（ 020k，额定电流1A） 电压表 V（量程 03V，内电阻约3k） 滑动变阻器 R2（ 020，额定电流2A） 电流表 A1（量程 010mA，内电阻约5） 开关 S
17、电流表 A2（量程 00.6A，内电阻约0.25） 导线若干 为了使实验便于操作，电表调节范围从零开始，且使实验误差尽可能小，则： 电流表应选用 _，滑动变阻器应选用 (均填写字母代号 )； 在图甲虚线框内画出测量电路的原理图（电路中各器材要求用题中给定的符号标出）； 若该同学已正确选用器材，连接好部分实验电路如图乙所示，请在图乙中完成其余电路连接。 该同学按照实验要求正确连接好图乙电路后，在电键闭合前，应将滑动变阻器的滑片移到 端（填 “A”或 “B”） 该同学按照实验要求正确做完实验，测得的电阻值将 _ (填 “大于 ”、“小于 ”或 “等于 ”)被测电阻的实际阻值。 答案： A1 R2
18、见 见 A 大于 试题分析： 测量电阻时要注意，温度对电阻的影响，所以一般电路中的电流不宜过大，所以电流表选用 A1 滑动变阻器采用和被测电阻相近的电阻，便于操作，所以选择 R2 电压表要求从零开始，所以滑动变阻器采用分压接法，因为电流表的电阻较小，所以采用电流表的内接法，避免电压表的分流，如图所示， 为了保证电路的安全，点闭合电建前需要将滑动变阻器滑动到最大阻值处，即 A端， 因为电流表的分压，所以被测电压大于电阻两端的实 际电压，而电流表准确测量的电阻的电流，所以根据欧姆定律可知测量值大于实际值 考点：本题考查了电阻的测量实验 点评：本题是灵活的考查测量电阻的方法我们要开动脑筋用现有的器材
19、测出电阻值 下图是用螺旋测微器测量两根金属棒直径的示意图，图（ a）的读数是 mm，图（ b）的读数是 mm。 (b) 答案： .205 1.880 试题分析： a图中，乙图中考点：本题考查了螺旋测微器的读法 点评：解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读 计算题 如图所示，一质量为 m的带电小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线与竖直方向成 角已知电场强度为 E，重力加速度为 g (1)小球带正电荷还是带负电荷 (2)求小球所带电荷量的大小 (3)将细线突然剪断的瞬间，求小球的加速度大小 答案：（ 1
20、）负电（ 2）（ 3） 试题分析： （ 1）负电 2 分 （ 2）由平衡条件 2 分 1 分 （ 3）由牛顿第二定律2 分 1 分 考点：本题考查了共点力平衡条件以及应用 点评：本题关键是对小球受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解出各个力，最后根据牛顿第二定律求加速度，由速度时间公式求末速度 如图所示，电源电动势E=8V，内电阻为 r=0.5，“3V,3W”的灯泡 L与电动机 M串联接在电源上，灯泡刚好正常发光，电动机刚好正常工作，电动机的线圈电阻 R0=1.5。 求：（ 1）通过电动机的电流 （ 2）电源的输出功率 （ 3）电动机的输出功率 答案：（ 1） 1A（ 2） 7.5W（ 3）
21、 3W 试题分析：（ 1）灯泡 L正常发光 2 分 （ 2）外电压：2 分 电源的输出功率：2 分 （ 3）电动机两端的电压 2 分 电动机的输出功率 2分 考点：本题考查了电功率的计算， 点评：对于电动机电路，要正确区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路：当电动机正常工作时，是非纯电阻电路；当电动机被卡住不转时，是纯电阻电路 （ 10分）如图所示，竖直面内有一绝缘轨道， AB部分是光滑的四分之一圆弧，圆弧半径R=0.5m， B处切线水平， BC 部分为水平粗糙直轨道。有一个带负电的小滑块（可视为质点）从 A点由静止开始 下滑，运动到直轨道上的 P处刚好停住。小滑块的质量 m=1kg，带电量为保持不
22、变，滑块小轨道 BC 部分间的动摩擦因数为=0.2，整个空间存在水平向右的匀强电场，电场强度大小为E=4.0102N/C.（ g=10m/s2） （ 1）求滑块到达 B点前瞬间对轨道的压力大小。 （ 2）求 BP 间的距离， 答案：（ 1） 28N（ 2） 试题分析：（ 1） AB 过程由动能定理 2分 解得 1 分 在 B处，由牛顿第二定律1 分 解得1 分 由牛顿第三定律：小球对轨道压力 1 分 （ 2）设 BP 间的距离为 S B P过程由动能定理2 分 解得： 2 分 考点：本题考查了动能定理的应用 点评：利用牛顿第二、三定律与运动学公式相结合，同时还运用动能定理，但电场力、重力做功与
23、路径无关，而摩擦力做功与路径有关 如图所示，长为 L(L=ab=dc)，高为 L(L=bc=ad)的矩形区域 abcd内存在着匀强电场。电量为 q、质量为 m、初速度为 的带电粒子从 a点沿 ab方向进入电场，不计粒子重力。 （ 1）若粒子从 c点离开电场，求电场强度的大小 （ 2）若粒子从 bc边某处离开电场时速度为 ，求电场强度的大小 (3) 若粒子从 cd边 某处离开电场时速度为 ，求电场强度的大小 答案：（ 1） （ 2）（ 3）试题分析：（ 1） ac 过程粒子类平抛 沿 方向： 垂直 方向： 解得 4 分 （ 2）离开电场时垂直 方向：解得： 4 分 （ 3）由动能定理解得4 分 考点：本题考查了电场强度的计算 点评：做此类问题的关键是找出粒子在各个方向上的运动，然后结合牛顿定律以及动能定理解题
