1、2013-2014河北省衡水中学高一上学期期中考试物理试卷与答案（带解析） 选择题 下列说法中正确的是 ( ) A出租车是按位移的大小来计费的 B 3秒时指的是第 3秒末时 C任意相等时间内通过的位移都相同的运动一定是匀速直线运动 D初速度为零的匀加速直线运动，第一个 s、第二个 s、第三个 s 所用的时间之比为 t 、 t 、 t ： ： tN=1： ： 答案： BCD 试题分析：位移是描述物体位置变化的物理量，若出租车经过一段运动后又回到原位置则位移为 0，出租车按路程收费，选项 A错； 3秒时和第 3秒末时都是时间轴上 “3”这一时刻，故 B正确；在匀速直线运动中，平均速度等于瞬时速度，
2、故任意相等时间内通过的位移都想等， C对；根据初速度为零的匀变速直线运动的推论可知 D正确。 考点：本题考查了对位移、时刻、匀速直线运动、匀变速直线运动等的理解 下列图中，所有的球都是相同的，且形状规则，质量分布均匀甲球放在光滑斜面和光滑水平面之间，乙球与其右侧的球相互接触并放在光滑的水平面上，丙球与其右侧的球放在另一个大的光滑球壳内部并相互接触，丁球是一足球，一学生将足球踢向斜台的示意图如图。关于这四个球的受力情况，下列说法正确的是 ( ) A甲球受到两个弹力的作用 B乙球受到两个弹力的作用 C丙球受到两个弹力的作用 D丁球（足球）与斜台作用时斜台给足球的弹力方向先沿 v1的方向后沿 v2的
3、方向 答案： C 试题分析：对甲乙丙三球运用假设法和平衡法，假设甲球受斜面的弹力则甲球就不能平衡了，假设乙球受右面球的弹力，乙球将向左运动，假设丙球不受由侧球的弹力则丙球将向右下方滚动，故 A， B均错 C正确；弹力的方向垂直于接触面故 D错。 考点：本题考查了受力分析和二力平衡以及弹力有无的判断方法 如图所示，固定在小车上支架的斜杆与竖直杆的夹角为 ，在斜杆下端固定有质量为 m的小球，小车静止，下列关于杆对球的弹力的判断中，正确的是( ) A大小为 mg，方向沿杆向上 B大小为 mg，方向垂直杆向上 C大小为 mg，方向竖直向上 D以上说法都不对 答案： C 试题分析：对小球进行受力分析可知
4、，小球受到竖直向下的重力，由小球静止可知小球处于平衡状态，因此杆给小球的力一定与重力是平衡力，故 C正确。 考点：本题考查了受力分析和二力平衡 匀速前进的车厢顶部用细线竖直悬挂一小球，如图所示，小球下方与一光滑斜面接触关于小球的受力，说法正确的是 ( ) A重力和细线对它的拉力 B重力、细线对它的拉力和斜面对它的弹力 C重力和斜面对它的支持力 D细线对它的拉力和斜面对它的支持力 答案： A 试题分析：对小球进行受力分析可知，小球受到竖直向下的重力，假设斜面对它有弹力，方向应该与斜面垂直，此力沿水平方向有分力，而水平方向没有力可以和该分力平衡的力，假设错误故该力不存在所以 A正确， B， C，
5、D均错。 考点：本题考查了受力分析和二力平衡以及弹力有无的判断方法 如图所示，对静止于水平地面上的重为 G的木块，施加一竖直向上的逐渐增大的力 F,若 F总小于 G，下列说法正确的是 A木块对地面的压力随 F增大而减小 B木块受到地面的支持力是由于木块发生微小形变而产生的 . C木块对地面的压力就是木块的重力 D地面对物体的支持力 N= G-F 答案： AD 试题分析：对物体受力分析，由平衡条件得 G=F+N 故 A,D正确；木块受到地面的支持力是由于地面发生微小形变而产生的，故 B错；木块对地面的压力是弹力，与木块的重力是 两种性质的力，故 C错。 考点：本题考查了重力、弹力、二力平衡。 下
6、列说法正确的是（ ） A马拉车前进，马先对车施力，车后对马施力，否则车就不能前进 B射出枪口的子弹，能打到很远的距离，是因为子弹离开枪口后受到一个推力作用 C根据效果命名的同一名称的力，性质可能不同 D力的作用效果可以改变物体的运动状态 答案： CD 试题分析：作用力与反作用力同时出现，同时产生，同时消失，故 A错；力不能离开物体而孤立存在，故 B错；根据效果命名的力，例如动力，可有根据性质命名的重力提供，也可由根据性质命名的弹簧的弹力提供，故 C对。力的作用效果有： 使物体形变， 可以改变物体的运动状态，故 D正确。 考点：本题考查了对力的性质的理解。 下列说法中正确的是（ ） A重力就是地
7、球对物体的吸引力，重力的方向总是竖直向下的 B物体落向地面时，它受到的重力大小小于它静止时受到的重力大小 C力的三要素不同，力的作用效果可能不同 D如果物体有几何中心，则该几何中心就是重心位置 答案： C 试题分析：重力只是地球引力的一个分力， A错；物体所受的重只与物体的质量和和重力加速度有关， B错；力的作用效果由力的三要素共同决定，故 C正确；物体的重心位置与物体形状和质量分布情况有关，不一定在物体的几何中心，故 D错。 考点：本题考查了重力和重心 从地面竖直上抛物体 A，同时，在某高度处有一物体 B自由落下，两物体在空中相遇时的速率都是 v(不计空气阻力 )，则 ( ) A物体 A的上
8、抛初速率是两物体相遇时速率的 2倍 B相遇时物体 A已上升的高度小于物体 B已下落的高度 C物体 A和物体 B落地时间相等 D物体 A落地速度大于 B落地的速度 答案： A 试题分析：由题意可知相遇时 A 上升的时间与 B 下落的时间相等，即 vB=v0-gt，vA=gt，由此可知 v0=2gt， A对；相遇时 B球下落高度为 h= gt2,A球上升高度为 H=VBt- gt2= gt2故有 H h，所以 B错；根据竖直上抛运动的对称性， A需上升到最高点，在落至地面，此时 B已落地， C错， A落地的速度等于 B落地的速度； D错。 考点：本题考查了自由落体和竖直上抛的运动规律 如图是甲和乙
9、两物体的速度时间图像，其中三角形 OPQ 的面积为 s1，三角形 OQT的面积为 s2，已知 0时刻甲在前，乙在后，二者相距 s0，下列 说法正确的是（ ） A若 s0 =s1，两物体相遇 1次 B若 s0 =s2，两物体相遇 1次 C若 s0 =s2，两物体相遇 2次 D若 s0 =s1 +s2，两物体相遇 2次 答案： AC 试题分析：由图可知甲做匀加速直线运动，乙做匀减速直线运动，且甲的加速度比乙的加速度大，在速度达到相等的时间 T内，两者的相对位移为 S1，如果S0=S1+S2，则速度相等时乙的位移比甲多 S1 S0，乙车还没追上甲，此后甲车速度大，跑的快，乙车不可能追上甲，故 D错；
10、若 s0 =s1恰好在速度相等时追上，此后就不会再相遇，故 A正确；若 s0 =s2在速度相等前乙可以追上甲，在速度相等后甲可以追上乙，故相遇两次，所以 C正确， B错。 考点：本题考查了匀变速直线运动的追及与相遇类问题 关于伽利略对自由落体运动的研究，下列叙述 错误 的是（ ） A伽利略用实验直接证实了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动 B伽利略把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法 C伽利略认为，如果没有空气阻力，重物与轻物应该下落得同样快 D伽利略采用了斜面实验， “冲淡 ”了重力的作用，便于运动时间的测量 答案： A 试题分析：伽利略研究自由落
11、体运动，伽利略采用了斜面实验， “冲淡 ”了重力的作用，便于运动时间的测量，当斜面倾角一定时，让多个小球从同一位置滚下，在没有空气阻力情况下，所用时间相同，便确定加速度相等，不断改变斜面倾角，发现了相同的规律，然后斜面倾角推至 90，结论仍然相同，由此推至轻、重物体下落的一样快。故 B、 C、 D选项正确。 考点：本题考查了伽利略对自由落体运动的研究 在中国海军护航编队 “巢湖 ”舰、 “千岛湖 ”舰护送下， “河北锦绣 ”、 “银河 ”等13艘货轮历时 36小时顺利抵达亚丁湾西部预定海域。此次护航总航程 4500 海里，已知 1海里 =1852米。假设所有船只运动速度都相同，则下列说法正确的
12、是 ( ) A研究舰队的行驶路程时可将 “千岛湖 ”舰看作质点 B以 “千岛湖 ”舰为参考系， “巢湖 ”舰一定是运动的 C根据本题给出的条件可以求出此次航行过程中的平均速度 D根据本题给出的条件可以求出此次航行过程中的平均速率 答案： AD 试题分析： “千岛湖 ”舰的大小远小于其运动的路径，舰的形状，大小对研究的问题没有影响，因此可以看做质点，故 A 正确；以 “千岛湖 ”舰为参考系， “巢湖 ”舰两者相对静止，故 B错；平均速度等于位移除以时间，平均速率等于路程除以时间，题中 4500海里是轨迹的长度，是路程，故 D正确 C错。 考点：本题考查了对质点、参考系、平均速度、平均速率等的理解
13、 物体做直线运动时，有关物体加速度和速度的说法中正确的是 ( ) A物体的加速度方向不变，速度的方向可能改变 B在匀减速直线运动中，物体的加速度必定为负值 C物体的速度等于 0，其加速度也一定等于 0 D只有在确定初速度方向为正方向的条件下，匀加速直线运动中的加速度才为正值 答案： AD 试题分析：物体的加速度方向只与速度变化量的方向 相同，与速度方向可成任意情况，故 A正确，例如竖直上抛运动。当物体先减速运动，若取加速度方向为正方向，则加速度为正值， B错；物体的速度与加速度无必然关系，例如匀速飞行的高空侦察机，尽管它的速度能够接近 1000m/s，但它的加速度为 0， C错；当速度方向与加
14、速度方向相同时，物体做加速运动，取初速度方向为正方向，加速运动中的加速度一定为正值， D正确。 考点：本题考查了速度与加速度的关系 一个运动的物体，若其加速度逐渐减小到零，则物体的运动速度可能 ( ) A逐渐减小 B逐渐增大 C先减小后增大 D先增大后减小 答案： ABC 试题分析：物体做加速或减速运动，只取决于速度的方向和加速度方向相同还是相反，与加速度的大小及其变化无关。若加速度方向与速度方向相同时，做加速运动当加速度减小至零时，速度达最大，最终匀速运动， B对， D错；二者方向相反，做减速运动，减速至零时，有可能反向加速， A、 C正确。 考点：本题考查了速度与加速度的关系 物体甲的 x
15、-t图象和物体乙的 v-t图象分别如下图所示，则这两个物体的运动情况是（ ） A甲在整个 t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零 B甲在整个 t=6s时间 内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为 4 m C乙在整个 t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零 D乙在整个 t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为 4 m 答案： BC 试题分析：在 x-t图象中，斜率表示速度，从图甲可知物体的速度为一直正， A错；位移等于末位置坐标与初位置坐标之差，位移大小 x=2m-（ -2） m=4m，B正确；在 v-t图象中，图线对应的点表示速度，由图乙可知，第一个 3s内速度为负，
16、后 3s速度为正， v-t图象的面积表示位移，由图乙可知面积为零， C对，D错。 考点：本题考查了 x-t图象和 v-t图象 一物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化的规律如图所示，取物体开始运动的方向为正方向，则下列关于物体运动的 v-t图象正确的是 ( ) 答案： C 试题分析：初速为零，由 a-t图象可知，第 1s内做匀加速直线运动，第 2s内做匀减速直线运动，但方向没变均为正值，后面应该以 2s为周期做相同的运动，故 C正确 ABD均错。 考点：本题考查了对 v-t图象，匀变速直线运动的理解。 做匀加速直线运动的质点在第一个 3s内的平均速度比它在第一个 5s内的平均速度小 3m
17、/s，则质点的加速 度大小为 A 1m/s2 B 2m/s2 C 3m/s2 D 4m/s2 答案： C 试题分析：由匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于全程的平均速度得，1.5s末的速度比 2.5s末的速度小 3m/s，而时间间隔为 1s则加速度为 3m/s2，故C正确。 考点：本题考查了对匀变速直线运动规律的应用 实验题 如图所示，是某同学打下的一条匀加速直线运动的纸带，相邻的两个计数点间还有 4个点未画出，打点计时器使用的是 50 Hz的交流电 .计数点间的距离依次为 S1=2.60cm、 S2=4.10cm、 S3=5.60cm、 S4=7.10cm、 S5=8.60cm、 S6=10
18、.0cm. （ 1）计数点 “1”处的速度为 V1=_m/s （ 2）若计数点间的距离依次用 S1， S2， S3， S4， S5， S6 表示，相邻两个计数点间的时间间隔用 t表示，用逐差法求加速度的表达式为： a= ，代入数据后，加速度大小为 _m/s2 （ 3）计数点 “0”处的速度为 V0=_m/s（保留三位有效数字） 答案： (1) 0.335 (2) ； 1.49 (3)0.186 试题分析： (1)根据匀变速直线运动的规律，计数点 “1”的速度等于 S1和 S2两端位移过程中的平均速度，即： V1= = =0.335m/s (2)根据逐差法，加速度为： a= =1.49m/s2
19、(3)由 v1=v0+at得 v0=v1-at=0.335m/s-1.49m/s20.1s=0.186m/s 考点：本题考查了应用匀变速直线运动的规律处理纸带问题 某物理兴趣小组的同学在研究弹簧弹力的时候，测得弹力的大小 F和弹簧长度 L的关系如图所示，则由图线可知： (1)弹簧的劲度系数为 _N/m。 (2)当弹簧被压缩，弹力大小为 5 N，弹簧的长度为 _cm。 答案： (1)200 (2)7.5 试题分析： (1)由图可知该弹簧的原长为 10cm，当弹簧长度为 5cm时形变量为5cm，弹力为 10N， 由胡克定律 F=kx得： k= = =200N/m (2)当弹力为 5N 时由胡克定律
20、得弹簧形变量为 x= = =0.025m=2.5cm 则此时弹簧长度为 l=l0-x=10cm-2.5cm=7.5cm 考点：本题考查了胡克定律 计算题 (6分 )如图所示，一 同学从一高为 H=10m高的平台上竖直向上抛出一个可以看成质点的小球，小球的抛出点距离平台的高度为 h0=0.8m，小球抛出后升高了 h=0.45m达到最高点，最终小球落在地面上。 g=10 m/s2 求： （ 1）小球抛出时的初速度大小 v0 （ 2）小球从抛出到接触地面的过程中经历的时间 t 答案：（ 1） 3m/s (2)1.8s 试题分析： (1)上升阶段： -V02=-2gh ，则 V0= =3m/s (2)
21、上升阶段： 0=V0-gt1 自由落体阶段： h0+h+H= gt22 故： t=t1+t2 得： t=1.8s 考点：本题考查了竖直上抛运动的规律 (8分 ) 在正常情况下，火车以 v0=54km/h 的速度匀速开过一个小站。现因需要，必须在这个小站停留。火车将到小站时，以 .5m/s2的加速度做匀减速直线运动，停留 2min后，又以 0.3m/s2的加速度做匀加速直线运动开出小站，一直到恢复原来的速度。求因列车停靠小站而延误的时间？ 答案： s 试题分析：规定火车运动方向为正，则 V0=54km/h=15m/s ,a1=-0.5m/s2 ,a2=0.3 m/s2 物体在匀减速运动过程中的时
22、间为 t1： t1= X1= t1 代入数据得： t1=30s x1=225m，停留 2min ： t0=120s 物体在匀加速过程中时间为 t2 由公式 v0=a2t2 x2= a2t22 得： t2=50s x2=375m 正常行驶时间 t= =40s 延误时间 t=t1+t2+t0-t 代入数据得： t=160s 考点：本题考查了匀变速直线运动的基本规律 (10分 )A、 B两列火车 ,在同一轨道上同向行驶 ,A车在前 ,其速度 v1=10 m/s,B车在后 ,速度 v2=30 m/s,因大雾能见度很低 ,B车在距 A车 x0=75 m时才发现前方有 A车 ,这时 B车立即刹车 ,但 B
23、车要经过 S=180 m才能停下来 . (1)B车刹车时 A仍按原速率行驶 ,两车是否会相撞 (2)若相撞，求相撞用时多少？若不会相撞，求两车相距的最小距离？ 答案：（ 1）两车会相撞 （ 2） 6s时相撞 试题分析：（ 1）设 B车加速度大小为 aB,刹车至停下来的过程中， 由 v22=2aBx 解得： aB=2.5m/s2 B车在 t时刻的速度为： vb=v2-aBt B车的位移 XB=v2t- aBt2 A车的位移 XA=v1t 当两车速度相等时， vB=v1 解得： t=8s 将 t=8s代入 ， 中得 XB=160m , XA=80m 因 XB XA+X0=150m 故两车会相撞 （
24、 2）设两车经历时间 t相撞，则满足 XB=XA+X0 联立 ， ， 代入数据得： t1=6s t2=10s 故 6s就相撞了 考点：本题考查了匀变速直线运动的基本规律，追及与相遇问题的解题方法 (10分 )如图所示，原长分别为 L1=0.1m和 L2=0.2m、劲度系数分别为k1=100N/m和 k2=200N/m的轻质弹簧竖直悬挂在天花板上。两弹簧之间有一质量为 m1=0.2kg的物体，最下端挂着质量为 m2=0.1kg的另一物体，整个装置处于静止状态。 g=10N/kg （ 1）这时两个弹簧的总长度为多大？ （ 2）若用一个质量为 M的平板把下面的物体竖直缓慢地向上托起，直到两个弹簧的总
25、长度等于两弹簧的原长之和，求这时平板施加给下面物体 m2的支持力多大？ 答案：（ 1） 0.335m (2)2.33N 试题分析：（ 1）设劲度系数为 k1的轻弹簧伸长量为 x1根据胡克定律有： （ m1+m2） g=k1x1 (1分 ) 设劲度系数为 k2的轻弹簧伸长量为 x2根据胡克定律有： m2g=k2x2 (1分 ) 这时两弹簧的总长度为： L=l1+l2+x1+x2 (1分 ) 代入数据得： L=0.335m (1分 ) （ 2）用一个平板吧下面的物体竖直缓慢的向上托起，直到两弹簧的总长度等于两弹簧的原长之和时，下面弹簧被压缩 x,上面弹簧被拉长 x,以 M为研究对象，由平衡关系有： （ k1+k2） x=Mg (2分 ) 以 m2为研究对象，设平板对 m2的支持力为 F1由平衡条件有： F1=k2x+m2g (2分 ) 代入数据得： F1=2.33N (2分 ) 考点：本题考查了胡克定律，受力分析，物体的平衡条件
