1、2013届河北省邯郸一中高三上学期期中考试物理试卷与答案（带解析） 选择题 以下说法正确的是 A平抛运动是加速度不变的运动 B匀速圆周运动是速度不变的运动 C做曲线运动的物体所受合外力一定不为零 D做直线运动的物体速度逐渐减小而加速度逐渐增大是可能的 答案： ACD 试题分析：平抛运动过程中物体只受重力作用，所以加速度恒定， A正确，匀速圆周运动速度大小不变，方向在时时刻刻变化，所以速度在变，即运动状态在变化，存在加速度，合力不为零， B错误， C正确，当物体做加速度变大的减速运动时，物体速度逐渐减小而加速度逐渐增大， D正确 故选 ACD 考点：考查了平抛运动，匀速圆周运动，曲线运动等知识
2、点评：基础题，关键是对这几种运动深入的理解， 某一电源的路端电压与电流的关系和电阻 R1、 R2的电压与电流的关系如图所示用此电源和电阻 R1、 R2组成电路 R1、 R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路为使电源输出功率最大，可采用的接法是 A将 R1、 R2串联后接到电源两端 B将 R1、 R2并联后接到电源两端 C将 R1单独接到电源两端 D将 R2单独接到电源两端 答案： C 试题分析：由图象得到：电源的电动势为 E=3V，内阻为 r=0.5， R1单独接到电源两端输出功率为 单独接到电源两端输出功率则为 由电阻的伏安特性曲线求出 ，当将 串联后接到电源两端利用欧姆定律可得电路电流
3、，此时电源的输出功率两电阻并联时，利用欧姆定律可得电路电流，此时电源的输出功率 所以将 单独接到电源两端时电源的输出功率最大 故选 C 考点：考查了闭合回路欧姆定律的应用 点评：这是直流电中的电路问题，可以应用数学知识分析得到：当电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大，直接选择 C 如图所示的电路中，电源电动势为 E，内阻为 R， L1和 L2为相同的灯泡，每个灯泡的电阻和定值电阻相同，阻值均为 R，电压表为理想电表， K 为单刀双掷开关，当开关由 1位置打到 2位置时 A电压表读数将变大 B L1亮度不变， L2将变亮 C L1将变亮， L2将变暗 D电源的发热功率将变小 答案： B 试题
4、分析：开关在位置 1时，外电路总电阻 ，电压表示数，同理，两灯电压 ,电源内阻的发热功率为开 关在位置 2 时，外电路总电阻 ,，电压表示数 ,，灯泡 L1的电压 ,L2的电压 ，电源内阻的发热功率为 综上所述，电压表读数将变小， A错误， L1亮度不变， L2将变亮故 B正确 C错误电源内阻的发热功率将变大故 D错误 故选 BD 考点：考查了全电路欧姆定律和电功的计算 点评：本题采用计算法，用相同的物理量表示其他物理量，来进行比较大小，或计算比值，这也是物理常用的方法之一 如图所示，一物体以 6m/s的初速度从 A点沿圆弧下滑到 B点速率仍为6m/s。若物体以 5m/s的初速度从 A点沿同一
5、路线滑到 B点，则到 B点时的速率为 A小于 5m/s B等于 5m/s C大于 5m/s D不能确定 答案： C 试题分析：当物体以 6m/s的初速度下滑，滑到 B点速率仍为 6m/s，则根据动能定理可得：重力做功等于摩擦力做功，当物体以 5m/s的初速度下滑，则物体对圆弧压力减小，摩擦力变小，重力做功不变，则重力做功大于摩擦力做功，所以大于 5m/s， C正确。 考点：考查了动能定理的应用 点评：关键是以物体以 6m/s的初速度从 A点沿圆弧下滑到 B点速率仍为 6m/s作为突破口，应用动能定理分析重力做功和摩擦力做功的关系 如图所示，竖直 墙面与水平地面均光滑且绝缘两个带有同种电荷的小球
6、A、 B分别处于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力 F作用于小球 B，则两球均静止于图示位置如果将小球向左推动少许，并重新达到平衡时，跟原来相比 A两小球间距离将增大，推力 F将增大 B两小球间距离将增大，推力 F将减小 C两小球间距离将减小，推力 F将增大 D两小球间距离将减小，推力 F将减小 答案： B 试题分析：对 A球受力分析，受到三个力，重力、弹力、库伦力， B小球向左缓慢拉动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小， A的重 力不变，墙壁的弹力方向不变，根 据平行四边形定则，库仑力变小，墙壁的弹力变小，根据库仑定律得公式可知：电荷量不变，库伦力变小，距
7、离变大，对整体而言，墙壁对球的弹力等于拉力，所以 拉力变小，所以两小球间距离将增大，推力 F将减小 故选 B 考点：考查了力的动态平衡 点评：解决本题的关键先对整体受力分析，再隔离受力分析整体法和隔离法是物理当中常见的一种方法，要灵活运用 某同学做电学实验 (电源内阻 r不能忽略 )，通过改变滑动变阻器电阻大小，观察到电压表和电流表的读数同时变大，则他所连接的电路可能是下图中的 ( ) 答案： C 试题分析：当滑动变阻器触片向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电流增大，电压表读数减小，不符合题意故 A错误当滑动变阻器触片向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电流增大，电压表测量路端电压，路端
8、电压减小，则电压表的读数减小，不符合题意故 B错误当滑动变阻器触片向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电流增大，电压表测量定值电阻的电压，电压增大，符合题意故 C正确当滑动变阻器触片向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电流增大，电压表测量路端电压，路端电压减小，则电压表的读数减小，不符合题 意故 D错误 故选 C 考点：电路动态变化分析问题， 点评：抓住部分与整体的关系是关键基础题，比较简单 如下图所示，光滑平面上，一物块以速度 v向右作匀速直线运动，当物块运动到 P 点时，对它施加一水平向左的恒力。过一段时间，物块反向通过 P 点，则物块第二次通过 P点时的速率 A大于 V B小于 v
9、C等于 v D无法确定 答案： C 试题分析：从物块运动到 P 点到物块反方向通过 P 点的过程中运用动能定理得：因为 x=0，所以 故选 C 考点：考查了动能定理的应用 点评：对全过程分析，由于物体再次经过 P点时位移为零，所以合外力做功为零，动能增量为零，初、末速率应相等 先后用相同材料制成的橡皮条彼此平行地沿水平方向拉同一质量为 m的物块，且每次使橡皮条的伸长量均相同，物块 m在橡皮条的拉力作用下所产生的加速度 a与所拉橡皮条的数目 n的关系如图所示。若更换物块所在水平面的材料，在重复这个实验，则图中直线与水平轴间的夹角 将 A变大 B不变 C变小 D与水平面的材料有关 答案： B 试题
10、分析：设摩擦力为 f，每条橡皮条的拉力为 F，根据牛顿第二定律则有：；在 a-n的函数表达式中斜率为 ，可见斜率与摩擦 力无关，若更换物块所在水平面的材料，再重复做这个实验，摩擦力发生变化，而F、 m不变，即斜率不变，所以夹角不变 故选 B 考点：考查了牛顿第二定律 点评：对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律求出加速度 a与所用橡皮条的数目 n的关系表达式，找出影响直线与水平轴线间的夹角的因数，再根据题目求解 多用电表测电阻时，下列操作中正确的是（ ） A测量前检查表针是否停在左端的 “O”位置，如不在则要进行欧姆调零 B用 “1”欧姆挡，若指针恰好在刻度 30 50的正中，则待测电阻为 40
11、 C用 “1K”挡，若指针偏转角度太大，应换成 “100”或 “10”或 “1” D每次换挡后都要重新欧姆调零 答案： D 试题分析：测量前电表是断开状态，电阻相当于无限大，所以表针指向无穷大处， A错误； 因为表盘刻度不均匀，所以若指针恰好在刻度 30 50的正中，则待测电阻不一定是 40， B错误； 用 “1K”挡，若指针偏转角度太大，说明电阻较小，应换成 “100”档重新测量，C错误； 欧姆表中由于串联一个电阻箱，所以每次换挡后需要重新欧姆调零， D正确； 故选 D 考点：考查了欧姆表的使用 点评：欧姆表的刻度左边大，右 边小，故偏转角度大，则阻值小，应选小量程；换档后改变了电路要进行欧
12、姆调零 两物体 M、 m 用跨过光滑定滑轮的轻绳相连，如图放置， OA、 OB与水平面的夹角分别为 30、 60， M重 20N， M、 m均处于静止状态。下列说法正确的是 A OA绳上的拉力为 10N B OB绳上的拉力为 10N C m受到的静摩擦力的大小为 10（ -1） N，方向方向水平向左 D m受到的静摩擦力的大小为 10N，方向方向水平向右 答案： AC 试题分析：对接点 O 受力分析如图 把 F1和 F2分别分解到水平方向和竖直方向 沿水平方向列方程： 沿竖直方向列方程： 由 联立得： 由上述计算知绳 AO 对 M的拉力 ，故 A正确 由上述计算知绳 BO 对 M的拉力 ,故
13、B错误 对 m受力分析如下图： 水平方向列平衡方程： 由 解得： 。故 m受到的摩擦力为静摩擦力大小为，方向水平向左故 C正确； D错误 故选 AC 考点：考查了共点力平衡条件的应用 点评：本题综合了受力分析、正交分解、平衡条件应用等内容解题过程中要注意研究对象选取，正确选取研究对象是解决此类问题的关键，该题难度中等 科学研究发现在月球表面（ 1）没有空气 （ 2）重力加速度约为地球表面的1/6，（ 3）没有磁场。若宇航员登上月球后在空中从同一高度同时释放氢气球和铅球，忽略地球和其他星球对月球的影响，下列说法正确的是 A氢气球将向上加速上升，铅球自由下落 B氢气球处于失重状态而铅球处于完全失重
14、状态 C氢气球和铅球都将下落，但铅球先落到地面 D氢气球和铅球都将下落，且同时落地 答案： D 试题分析：月球表面没有空气，氢气球与铅球在月球表面只受重力作用，由静止释放，它们都竖直向下做自由落体运动，都处于完全失重状态，由于高度相同，所以 相同，即同时落地，故 ABC错误 ,D正确， 故选 D 考点：考查了万有引力定律和牛顿第二定律的应用 点评：本题难度不大，是一道中档题，知道月球表面的情况、熟练应用基础知识即可正确解题把握物体运动的规律，把握物体的加速度的决定因素是我们解决此类题目的出发点和立足点 某电场中等势面的分布如图所示，图中虚线表示等势面，过 a、 b两点的等势面电势分别为 40
15、V和 10 V，则 a、 b连线的中点 C处的电势应 A肯定等于 25 V B大于 25 V C小于 25 V D可能等于 25 V 答案： C 试题分析：因为电场线与等势面垂直，根据等势面的形状可知，电场线从左向右由密变疏，即从 a到 c，电场逐渐变弱，所以等差等势面也由密变疏故 40V和 10V一半的电势 10V的等势面应在 b点的左边所以 b点的电势应小于 25V 故选 C 考点：考查了等势面，电势 点评：根据题意我们还应该知道：因为过 a、 c两点的等势面电势分别为 40V和10V，又沿着电场线电势降低，故电场线的方向为 ac 此题难度不大，属于基础题 如图所示 ,光滑的斜劈放在水平面
16、上 ,斜面上用固定的竖直板挡住一个光滑球，当整个装置沿水平面以速度 匀速运动时，以下说法中正确的是 A小球的重力不做功 B斜面对球的弹力不做功 C挡板对球的弹力不做功 D以上三种说法都正确 答案： A 试题分析：对小球进行受力分析：小球受到竖直向下的重力，斜面对它垂直斜面向上的弹力，挡板对它水平向左的弹力，而小球位移方向水平向左，所以只有重力方向与位移方向垂直，其他力都不垂直，故只有重力不做功，其它两个力都做功，所以只有 A正确 故选 A 考点：考查了力做功的条件， 点评：看力的方向与位移方向是否垂 直，若垂直则不做功，若不垂直，则做功 如图所示，一内壁粗糙的环形细圆管，位于竖直平面内，环形的
17、半径为 R（比细管的直径大得多），在圆管中有一直径比细管内径略小些的小球（可视为质点），小球的质量为 m，设某一时刻小球通过轨道的最低点时对管壁的压力为 7mg。此后小球便作圆周运动，经过半个圆周恰能通过最高点，则此过程中小球克服摩擦力所做的功是 A 0.5mgR B mgR C 2mgR D 3mgR 答案： B 试题分析：小球恰好能通过最高点，则小球的速度为零 （ 1） 小球在最低点，对下管壁的压力为 7mg，则有 （ 2） 所以此过程中重力，摩擦力做负功，根据动能定理可得 ;联立解得 ,故 B正确， 考点：本题考查了：圆周运动、牛顿第二定律、 点评：做本题的关键是理解恰好 能通过最高点此
18、时对应的速度 如图所示，质量为 m，带电量为 q的微粒，以初速度 v0，从 A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，微粒通过电场中 B 点时，速率 vB=2v0，方向与电场的方向一致，则 A， B两点的电势差为 A B C D 答案： B 试题分析：粒子，从 A到 B，根据动能定理得 因为 ，粒子在竖直方向，只受到重力，所以机械能守恒，则有由以上三式，则有 ，故选 B 考点：考查了动能定理的应用 点评：涉及到电势差的问题，常常要用到动能定理本题的难点在于运动的处理，由于微粒受到两个恒力作用，运用运动的分解是常用的方法 实验题 某同学利用验证机械能守恒定律的实验装置来测定当地的重力加速度
19、，该同学在通过实验得到的纸带上选取 6个点，每相邻两个点之间的时间间隔均为T，其中 1、 2、 3点相邻， 4、 5、 6点也相邻 3、 4点之间还有几个不清楚的点若测得 1、 3距离为 ， 4、 6之间的距离为 ， 2、 5之间的 距离为 则第 2点速度的表达式 v= ，重力加速度的表达式是 g= 。答案： ， 试题分析：做匀变速直线运动的物体在一段过程中，中间时刻的速度的关于该段时间内的平均速度，所以有 ， ,根据位移速度公式可得：可得 考点：考查了纸带数据处理 点评：纸带问题的处理时力学实验中常见的问题我们可以纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推
20、论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度 有一个小灯泡上标有 “4.8V 2W”的字样，现在测定小灯泡在不同电压下的电功率，并作出小灯泡的电功率 P与它两端电压的平方 U2的关系曲线有下列器材可供选用： A电压表 （ 0 3V，内阻 3k） B电压表 V2（ 0 15V，内阻 15k）C电流表 A（ 0 0.6A，内阻约 1） D定值电阻 R1=3k E定值电阻R2=15k F滑动变阻器 R（ 10， 2A） G学生电源（直流 6V，内阻不计）H开关、导线若干 （ 1）为了使测量结果更加准确，实验中所用电压表应选用 ，定值电阻应选用 （均用序号字母填写）； （ 2）为尽量减小实验误差，
21、并要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足要求的电路图； （ 3）根据实验做出 P-U2图像，下面的四个图象中可能正确的是 答案：（ 1） A； D （ 2）如图所示 （ 3） C 试题分析：（ 1）电压表 量程太大，所以误差较大，可采用电压表 ，串联一个定值电阻扩大量程，扩大后的量程不能过大，所以保持在 6V左右，故定值电阻应选择 D， （ 2）电压要求从零开始，所以应采用滑动变阻器的分压接法，因为灯泡的电阻非常小，所以采用电流表的外接法，又知道电压表的量程为 3V，所以需要串联一个电阻，将电压表 的量程扩大，所以如图所示， （ 3）灯泡两端电压相当于电压表和定值电阻的总电压，所以 则图
22、线斜率表示电阻的倒数，随温度升高电阻增大，则斜率应该减小，故选 C 考点：考查了测量小灯泡电功率实验 点评：电学实验的难点在于实验仪器的选择以及电路图的画法，特别本题中给出的两个电压表都不适用，所以需要串联一个电阻来改变量程 计算题 一弧形滑道下端与水平传送带相切，一工件从 h=1.05高处的 A由静止滑下后以水平速度滑上传送带。工件质量 m=1.0kg，工件与滑道间平均摩擦阻力的大小 f=5.0N，工件滑过的弧长 l=2.0m。传送带长 L=10m，向右保持 v0=2.0m s的运行速度不变，工件与传送带间的动摩擦因数 =0.20， g=10m/s2，空气阻力不计，工件可看成质点。 （ 1）
23、求工件滑上传送带时的速度大小 v1= （ 2）求传送带传送一个工件时，克服工件摩擦力所做的功？ 答案：（ 1） v1=1.0m/s（ 2） 试题分析：（ 1）由动能定理： 得： v1=1.0m/s （ 2）由动量定理： 得： 在 t1内传送带位移： 克服摩擦做功： 考点：考查了动能定理的应用 点评：物体的速 度和传送带的速度之间可能有多种情况，在分析问题时一定要考虑全面，否则就容易漏掉答案： 如图所示，光滑水平面上静止放着长 L=1.6m，质量为 M=3kg的木板，一个质量为 m=1kg的小物块放在木板的最右端， m与 M之间的动摩擦因数为=0.1 ，现对木板施加一个水平向右的拉力 F。（小物
24、块可看作质点，g=10m/s2） （ 1）施加 F后，要想把木板从物体 m的下方抽出来，求力 F的大小应满足的条件； (2)如果所施力 F=10 N，为了把木板从物体的下方抽出来，此力 F的作用时间不得小于多少？ 答案：（ 1） F(M m) am 4N（ 2） t=0.8s 试题分析：力 F作用在木板上时， m的加速度为 am,M的加速度为 aM， F至少作用时间为 t (1)am g 1m/s2 F(M m) am 4N （ 2） am g 1m/s2 aM（ F-mg） /M 3m/s2 作用 t时间后撤去力 F时两者速度分别为 Vm， VM，位移分别为 Sm， SM Vm t VM 3
25、t Sm Vm t/2 SM VM t/2 S1 SM-Sm t2 设撤去力 F后最后的共同速度为 V ，相对滑动位移为 S2 t=0.8s 考点：考查了牛顿运动定律和匀变 速直线运动规律的应用 点评：本题中涉及临界问题：当两接触物体刚要相对滑动时，静摩擦力达到最大第（ 2）问关键抓住两物体的位移关系 如图所示，挡板 P固定在足够高的水平桌面上，小物块 A和 B的大小可忽略，它们分别带有 +QA和 +QB的电荷量，质量分别为 mA和 mB。两物块由绝缘的轻弹簧相连，一不可伸长的轻绳跨过滑轮，一端与 B连接，另一端连接轻质小钩。整个装置处于电场强度为 E、方向水平向左的匀强电场中。 A、 B开始
26、时静止，已知弹簧的劲度系数为 k，不计一切摩擦及 A、 B间的库仑力，且设 A、 B所带电荷量保持不变， B不会碰到滑轮。 若在小钩上挂一质量为 M的物块 C并由静止释放，可使物块 A恰好能离开挡板 P，求物块 C下落的最大距离。 若物块 C的质量改为 2M,则当物块 A刚离开挡板 P时， C的速度为多大？ 答案： = （ QA+QB） = 试题分析：（ 1）开始时弹簧形变量为 ， 由平衡条件： （ 3分） 设当 A刚离开档板时弹簧的形变量为 ： 由： （ 3分） 故 C下降的最大距离为： （ 2分） 由 式可解得 （ 2分） （ 2）由能量守恒定律可知： C下落 h过程中， C重力势能的减少量等于 B的电势能的增量 和弹簧弹性势能的增量以及系统动能的增量之和 当 C的质量为 M时： （ 3分） 当 C的质量为 2M时，设 A刚离开挡板时 B的速度为 V （ 3分） 由 式可解得 A刚离开 P时 B的速度为： （ 2分） 考点：考查了胡可定律，共点力平衡条件，牛顿运动定律等知识 点评：本题过程较繁杂，涉及功能关系多，有弹性势能、电势能、重力势能等之间的转化，全面考察了学生综合分析问题能力和对功能关系的理解及应用，难度较大对于 这类题目在分析过程中，要化繁为简，即把复杂过程，分解为多个小过程分析，同时要正确分析受力情况，弄清系 统运动状态以及功能关系
