1、2014届河南省内黄一中高三 12月月考物理试卷与答案（带解析） 选择题 如图所示是一物体的 s-t图象，则该物体在 6 s内的路程是 A 0 m B 2 m C 4 m D 12 m 答案： D 试题分析：由 x-t图象可知：前 2s内，物体先沿正方向运动 2m，后又回到原点，所以前 2s内的路程是 4m； 2-6s内，物体先向反方向运动 4m，后又返回出发点，此过程中，物体的路程为 8m，所以物体在 6s内的路程为 12m故选 D 考点： x-t图象。 在 “探究功与物体速度变化关系 ”的实验中，若画出 W-v的图象，应为图中的哪一个 答案： B 试题分析：由动能定理 可知当初速度 时有
2、，故 B正确。 考点：动能定理。 彼此绝缘、相互垂直的两根通电直导线与闭合线圈共面，下图中穿过线圈的磁通量可能为零的是 答案： AB 试题分析：由安培定则可以判断， A中 I1在线圈位置产生的磁场方向垂直纸面向里， I2在线圈位置产生的磁场方向向外，穿过线圈的磁通量可能为零，同理可以判断 B中， I1在线圈位置产生的磁场方向垂直纸面向外， I2在线圈位置产生的磁场方向垂直纸面向里，穿过线圈的磁通量可能为零， A、 B正确； C中 I1、I2在线圈位置产生的磁场方向都垂直纸面向里， D中 I1， I2在线圈位置产生的磁场方向都垂直纸面向外， C、 D中穿过线圈的磁通量不可能为零 考点：通电直导线
3、周围磁场的方向。 有两根长直导线 a、 b互相平行放置，图 8所示为垂直于导线的截面图。在图示的平面内， O点为两根导线连线的中点， M、 N为两根导线附近的两点，它们在两导线的中垂线上，且与 O点的距离相等。若两导线中通有大小相等、方向相同的恒定电流 I，则关于线段 M N上各点的磁感应强度的说法中正确的是 A M点和 N点的磁感应强度大小相等，方向相同 B M点和 N点的磁感应强度大小相等，方向相反 C在线段 M N上各点的磁感应强度都不可能为零 D在线段 M N上只有一点的磁感应强度为零 答案： BD 试题分析：根据安培定则判断得知，两根通电导线产生的磁场方向均沿逆时针方向，由于对称，两
4、根通电导线在 MN两点产生的磁感应强度大小相等，根据平行四边形进行合成得到， M点和 N 点的磁感应强度大小相等， M点磁场向下，N点磁场向上，方向相反故 A错误， B正确；只有当两根通电导线在同一点产生的磁感应强度大小相等、方向相反时，合磁感应强度才为零，则知只有 O点的磁感应强度为零，故 C错 误， D正确 考点：通电直导线周围磁场的方向。 真空中相距 3a的两个点电荷 M、 N，分别固定于 x轴上 x1=0 和 x2=3a的两点上，在它们连线上各点场强随 x变化关系如图所示， x轴上 A、 B两点到x=2a处距离相等，以下判断中正确的是 A点电荷 M、 N一定为同种电荷 B点电荷 M、
5、N所带电荷量的绝对值之比为 4:1 C A点的电势和 B点的电势相等 D A点的场强和 B点的场强大小相等，方向相反 答案： AB 试题分析：由于 M、 N之间的场强的方向相反，故点电荷 M、 N一定为同种电荷，故 A正确； M在 2a处产生的场强 ,而 N在 2a处产生的场强,由于 2a处场强为 0，故 ，所以 ，故 B正确；由于电势是一个相对性的概念，即零电势的选择是任意的，人为的，故 C错误； 考点：电势；点电荷的场强。 传感器是一种采集信息的重要器件，如图所示为一种测定压力的电容式传感器。当待测压力 F作用于可动膜片电极上时，以下说法中正确的是 A若 F向上压膜片电极，电路中有从 a到
6、 b的电流 B若 F向上压膜片电极，电路中有从 b到 a的电流 C若 F向上压膜片电极，电路中不会出现电流 D若电流表有示数，则说明压力 F发生变化 答案： BD 试题分析：当 F向上压膜片电极时，电容器两极板之间距离 d减小，由可知 C增大，又由 及 U不变可知 Q增大，故电容器处于充电状态，电路中电流方向为从 b到 a， A、 C错误， B正确；电容器稳定状态下，电路中没有电流，只有在充放电是有电流， D正确。 考点：闭合电路的欧姆定律；电容器的电压、电荷量和电容的关系。 2013年 12月 2日 1时 30分，西昌卫星发射中心用 “长征三号乙 ”运载火箭成功将 “嫦娥三号 ”探测器发射升
7、空。卫星由地面发射后，进入地月转移轨道，经过 P点时变轨进入距离月球表面 100公里圆形轨道 I，在轨道 I上经过 Q点时变轨进入椭圆轨道 II，轨道 II与月球相切于 M点， “玉兔号 ”月球车将在 M点着陆月球表面。 A “嫦娥三号 ”在轨道 I上的运动速度比月球的第一宇宙速度小 B “嫦娥三号 ”在地月转移轨道上经过 P点的速度比在轨道 上经过 P点时大 C “嫦娥三号 ”在轨道 II上运动周期比在轨道 I上短 D “嫦娥三号 ”在轨道 上经过 Q点时的加速度小于在轨道 上经过 Q点时的加速度 答案： ABC 试题分析：第一宇宙速度为最小的发射速度和最大的运行速度，故 “嫦娥三号 ”在轨
8、道 I上的运动速度小 于月球的第一宇宙速度， A正确； “嫦娥三号 ”从低轨道向高轨道变轨时需要增大动能， D错误， B正确； 由 得轨道半径越大周期越大， C正确。 考点：万有引力定律及其应用。 质点在 平面内运动的轨迹如图所示，已积质点在 x方向的分运动是匀速运动，则关于质点在 y方向的分别运动的描述正确的是 A匀速运动 B先匀速运动后加速运动 C先加速运动后减速运动 D先减速运动后加速运动 答案： D 试题分析： x方向始终匀速，经过相同的时间水平间距相同，而 y方向的高度先增加的越来越慢，说明竖直速度在减小，后来 y方向的高度后增加的越来越快，说明竖直速度增大，所以物体速度先减小后增大
9、， D正确 考点：运动的合成与分解。 质量为 m、带电荷量为 q的小物块，从倾角为 的光滑绝缘斜面上由静止下滑，整个斜面置于方向水平向里的匀强磁场中，磁感应强度为 B，如图所示若带电小物块下滑后某时刻对斜面的作用力恰好为零，下面说法中正确的是 A小物块一定带正电荷 B小物块在斜面上运动时做匀加速直线运动 C小物块在斜面上运动时做加速度增大，而速度也增大的变加速直线运动 D小物块在斜面上下滑过程中，当小物块对斜面压力为零时的速 率为 答案： C 试题分析：已知小物块下滑某时刻对斜面作用力恰好为零，由左手定则可知小物块带负电， A错误；对小物块下滑过程受力分析如图所示， 物块向下加速 v增大， F
10、 洛 也在增大， 考点：带电粒子在匀强磁场中的运动。 如图所示，某点 O处固定一点电荷 +Q，一电荷量为 -q1的点电荷以 O为圆心做匀速圆周运动，另一电荷量为 -q2的点电荷以 O为焦点沿椭圆轨道运动，两轨道相切于 P点。两个运动电荷的质量相等，它们之间的库仑引力和万有引力均忽略不计，且 。当 -q1、 -q2经过 P点时速度大小分别为 v1、 v2，加速度大小分别为 a1、 a2，下列关系式正确的是 A B C D 答案： D 试题分析：在 p点时，两电荷受力均为库仑力分别为 ， ，因为 所以 由牛顿第二定律 ，因为 m相同，所以 ，所以 A、 B均错误 在 p点有 ，因为 所以 所以 C
11、错误， D正确 考点：库仑定律；牛顿第二定律；向心加速度。 如图，欲使在粗糙斜面上匀速下滑的木块 A停下，可采用的方法是 A增大斜面的倾角 B对木块 A施加一个垂直于斜面的力 C对木块 A施加一个竖直向下的力 D在木块 A上再叠放一个重物 答案： B 试题分析：当沿斜面向上的摩擦力大于沿斜面向下的重力分力就可以；增大斜面的倾角，木块下滑更快， A错误；对木块 A施加一个竖直向下的力、在木块A上再叠放一个重物，沿斜面向上的摩擦力仍然等于沿斜面向下的重力分力，选项 C、 D错误， B正确。 考点：共点力的平衡。 如图所示，质量为 M、半径为 R、内壁光滑的半球形容器静放在粗糙水平地面上， O为球心
12、有一劲度系数为 K的轻弹簧一端固定在半球底部 处，另一端与质量为 m的小球相连，小球静止于 P点。已知地面与半球形容器间的动摩擦因数为 ， OP与水平方向的夹角为 30下列说 法正确的是 A小球受到轻弹簧的弹力大小为 B小球受到容器的支持力大小为 C小球受到容器的支持力大小为 D半球形容器受到地面的摩擦大小为 答案： C 试题分析：对小球受力分析，如图所示，由几何关系可知， ，故 A、B错误； C正确；由牛顿第三定律可知，弹簧对容器的弹力大小等于 F，小球对弹簧的弹力等于 T；由图形可知，两力在水平方向的分量相等，故容器在水平方向不受摩擦力，故 D错误 考点：共点力的平衡；力的合成与分解。 如
13、图所示，用 OA、 OB两根绳悬挂一个质量为 M的物块处于静止状态，OA绳水平， OA绳拉力为 TA， OB绳拉力为 TB，两绳的最大承受力均为 2Mg，下列说法正确的是 A TATB B OB与天花板间的夹角可能为 20 C保持 O点位置不动，缓慢增大 OB绳与天花板的夹角，则 TA、 TB都增大 D保持 O点位置不动，缓慢增大 OB绳与天花板的夹角，则 TA、 TB都减小 答案： D 试题分析：结点的受力如图，从图中可以看出，斜边大于直角边，则 ，故 A错误； 当 时， ，因为两绳的最大承受力均为 2Mg，所以 OB与天花板间的夹角不可能小于 30；故 B错误；根据共点力平衡得， ，缓慢增
14、 大 OB绳与天花板的夹角，则 增大，则 TB增大， TA减小故 C错误 D正确 考点：共点力的平衡；力的合成与分解。 如图所示，一个小球质量为 m，初始时静止在光滑的轨道上，现以水平力击打小球，使小球能够通过半径为 R的竖直光滑轨道的最高点 C，则水平力对小球所做的功至少为 A mgR B 2mgR C 2.5mgR D 3mgR 答案： C 试题分析要通过竖直光滑轨道的最高点 C，在 C点有重力提供向心力 ，对小球，由动能定理， ，联立解得 ，选项 C 正确。 考点：竖直平面内的圆周运动；动能和动能定理。 质量为 m的小球，从离地面高 h处以初速度 v0竖直上抛，小球能上升到离抛出点的最大
15、高度为 H，若选取该最高点位置为零势能参考位置，不计阻力，则小球落回到抛出点时的机械能是 A 0 B mgH CD mgh 答案： A 试题分析：小球在空中运动不计阻力，故机械能守恒，取最高点势能为零小球在最高点的机械能为 0，故 A正确。 考点：机械能守恒定律。 如图所示，在绝缘的斜面上方存在着沿水平向右的匀强电场，斜面上的带电金属块沿斜面滑下。已知在下滑的过程中，金属块动能增加了 12J，金属块克服摩擦力做功 8J，重力做功 24J，下列判断中正确的是 A金属块带负电 B金属块克服电场力做功 8J C金属块的机械能减少 12J D金属块的电势能减少 4J 答案： C 试题分析：设下滑过程中
16、电场力做的功为 W，根据动能定理有：，解得： 。因在下滑过程中电场力做负功，所以金属块带正电， A错误；电场力做负功 4J，金属块克服电场力做功 4J，金属块的电势能增加 4J， B、 D错误；重力做功 24J，重力势能减少 24J，已知金属块动能增加了 12J，所以金属块的机械能减少 12J， C正确。 考点：动能和动能定理；电势能；功能关系。 实验题 某同学要测量一待测电阻 Rx的阻值，备选器材如下： 电流表 A，量程为 50mA，内阻 r=30； 电压表 V1，量程为 3 V，内阻约为 2 k； 电压表 V2，量程为 15 V，内阻约为 4.5k；待测电阻 Rx，阻值约为 20； 定值电
17、阻 R0，阻值为 10.0； 滑动变阻器 R1。最大阻值为 20； 滑动变阻器 R2，最大阻值为 200； 电源 E，电动势为 4V，内阻忽略不计； 开关 S，导线若干 实验中要求电表的读数超出量程的 ，能测多组数据，并有尽可能高的测量精确度 （ 1）该实验中电压表应选用 ，滑动变阻器应选用 ； （ 2）在下面的方框中画出实验电路图，标明仪器代号； （ 3）如果在实验中，电压表的示数为 U时，电流表的示数为 I，则待测电阻 Rx的阻值表达式为 _ 答案：（ 1） V1 R1 (2)如图 （ 3） 试题分析：（ 1）题中要求电表读数要超出量程的 ，故电压表选 V1；经分析可知应选择滑动变阻器分压
18、式接法，故选择 R1，电流表内阻已知，当电压表和电流表同时接近满偏时，总电阻为 60，故电路如图所示；由欧姆定律知，待测电阻为 。 考点：电学实验 计算题 如图所示，将质量 m 0.1kg的圆环套在固定的 水平直杆上。环的直径略大于杆的截面直径。环与杆间动摩擦因数 m 0.8。对环施加一位于竖直平面内斜向上，与杆夹角 q 53的拉力 F，使圆环以 a 4.4m/s2的加速度沿杆运动，求 F的大小。（取 sin53 0.8， cos53 0.6， g 10m/s2）。 答案： 试题分析：令 ，解得 。当 时，环与杆的上部接触，受力如图。 由牛顿第二定律， ， 联立解得： 代入数据得 当 时，环与
19、杆的下部接触，受力如图。 由牛顿第二定律， ， 联立解得： 代入数据得 考点： 如图所示，在平面坐标系 xoy内，第 、 象限内存在沿 y轴正方向的匀强电场，第 I、 象限内存在半径为 L 的圆形匀强磁场，磁场圆心在 M（ L， 0）点，磁场方向垂直于坐标平面向外一带正电粒子从第 象限中的 Q（一 2L，一 L）点以速度 沿 轴正方向射出，恰好从坐标原点 O进入磁场， 从 P（ 2L， O）点射出磁场不计粒子重力，求： （ 1）电场强度与磁感应强度大小之比 （ 2）粒子在磁场与电场中运动时间之比 答案： (1) (2) 试题分析：（ 1）设粒子的质量和所带正电荷分别为 m和 q，粒子在电场中运
20、动，由平抛运动规律及牛顿运动定律得 ， ， 粒子到达 O点时沿 方向分速度为 ， ，故 粒子在磁场中的速度为 由 由几何关系得 得 （ 2）在磁场中运动的周期 粒子在磁场中运动时间为 得 考点：带电粒子在电磁场中的运动。 如图甲所示，光滑绝缘水平面上，磁感应强度 B=2T的匀强磁场以虚线 MN为左边界， MN的左侧有一质量 m=0.1kg， bc边长 L1=0.2m，电阻 R=2的矩形线圈 abcd， t=0时，用一恒定拉力 F拉线圈，使其由静止开始向右做匀加速运动，经过时间 1 s，线圈的 bc边到达磁场边界 MN，此时立即将拉力 F改为变力，又经过 1s，线圈恰好完全进入磁场整个运动过程中，线圈中感应电流 i随时间 t变化的图象如图乙所示 （ 1）求线圈 bc边刚进入磁场时的速度 v1和线圈在第 ls 内运动的距离 x； （ 2）写出第 2s内变力 F随时间 t变化的关系式； （ 3）求出线圈 ab边的长度 L2. 答案： (1) (2) （ 3） 试题分析：（ 1）由图乙可知，线圈刚进入磁场时的感应电流 由 及 得 （ 2）由图乙知，在第 2s时间内，线圈中的电流随时间均匀增加，线圈速度随时间均匀增加，线圈所受安培力随时间均匀增加，且大小 t=2s时线圈的速 度 线圈在第 2s时间内的加速度 由牛顿定律得 （ 3）在第 2s时间内，线圈的平均速度 。 考点：电磁感应
