1、1福建省厦门外国语学校 2019届高三物理 1月月考试题 第卷 （本卷共 40分）一、选择题：（本题共 10小题，每小题 4分，共 40分。在每小题给出的四个选项中，第1-6题只有一项符合题目要求，第 7-10题有多项符合题目要求。全部选对的得 4分，选对但不全的得 2分，有选错的得 0分。 ）1关于近代物理知识，下列说法正确的是A光电子的最大初动能与入射光的频率成正比B在康普顿效应中，当入射的光子与晶体中的电子碰撞时，要把一部分动量转移给电子因而光子动量变小C原子核衰变时电荷数和质量都守恒D现在地球上消耗的能量，绝大部分来自太阳，即太阳内部裂变时释放的核能2如图所示，在天花板下用细线悬挂一半
2、径为 R的金属圆环，圆环处于静止状态，圆环一部分处在垂直于环面的磁感应强度大小为 B的水平匀强磁场中，环与磁场边界交点A、B 与圆心 O连线的夹角为 120，此时悬线的拉力为 F。若圆环通电，使悬线的拉力刚好为零，则环中电流大小和方向是A大小为 ，沿顺时针方向B大小为 ，沿逆时针方向C大小为 ，沿顺时针方向D大小为 ，沿逆时针方向3近来，无线充电成为应用于我们日常生活中的一项新科技，其中利用电磁感应原理来实现无线充电是比较成熟的一种方式，电动汽车无线充电方式的基本原理如图所示：路面下依次铺设圆形线圈，相邻两个线圈由供电装置通以反向电流，车身底部固定感应线圈，通过充电装置与蓄电池相连，汽车在此路
3、面上行驶时，就可以进行充电。在汽车匀速行驶的过程中，下列说法正确的是2A. 感应线圈中电流的磁场方向一定与路面线圈中电流的磁场方向相反B感应线圈中产生的是方向改变、大小不变的电流C感应线圈一定受到路面线圈磁场的安培力，会阻碍汽车运动D给路面下的线圈通以同向电流，不会影响充电效果4. 如图所示，金属环 M、N 用不可伸长的细线连接，分别套在水平粗糙细杆和竖直光滑细杆上，当整个装置以竖直杆为轴以不同大小的角速度匀速转动时，两金属环一直相对杆不动，下列判断正确的是A转动的角速度越大，细线中的拉力越大B转动的角速度越大，环 M与水平杆之间的弹力越大C. 转动的角速度越大，环 N与竖直杆之问的弹力越大D
4、转动的角速度不同，环 M与水平杆之间的摩擦力大小可能相等5. 如图 O点固定着一电荷量为的点电荷，在其下方光滑绝缘水平面上的 N点，由静止释放一质量为 m、电荷量为的试探电荷，该试探电荷经过 P点时的速度为 v，规定电场中 P点的电势为零，则在形成的电场中( ) A. N点电势高于 P点电势B. N点场强大于 P点场强C. N点电势为D. 试探电荷在 N点具有的电势能为6如图甲所示，一理想变压器的原副线圈匝数之比为 n1:n2 =1:2，原线圈连接正弦式交流电源，副线圈连接一个“220 V,100W”的白炽灯泡，灯泡正常发光。白炽灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。若将副线圈接上述电源，灯泡接原线圈
5、，则灯泡的实际功率约为A6.25w B.11.6W C.36.3W D.100 W37. 2017年 11月 5日，又有两颗北斗导航系统组网卫星通过“一箭双星”发射升空，并成功进入预定轨道，两颗卫星绕地球运动均看作匀速圆周运动。如果两颗卫星的质量均为M，其中的 1号卫星轨道距离地面高度为 h，2 号卫星轨道距离地面高度为 h，且hh，把地球看做质量分布均匀的球体，已知地球半径为 R，地球表面的重力加速度大小为 g，引力常量 为 G下列说法正确的是Al 号卫星绕地球运动的线速度B1 号卫星绕地球运动的周期C1 号卫星和 2号卫星做匀速圆周运动的向心力大小之比为D稳定在轨运行时 1号卫星的机械能小
6、于 2号卫星的机械能8质量均为 m =lkg的甲、乙两个物体同时从同地沿同一方向做直线运动， 二者的动能随位移的变化图像如图所示。下列说法正确的是A甲的加速度大小为 2m/s2 B乙的加速度大小为 1.5ms 2C甲、乙在 x=6m处的速度大小为 2m/s D甲、乙在 x=9m处相遇9如图所示，正方形 abcd区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，甲、乙两带电粒子从 a点沿与 ab成 30角的方向垂直射入磁场。甲粒子垂直于 bc边离开磁场，乙粒子从 ad边的中点离开磁场。已知甲、乙两带电粒子的电荷量之比为 1:2，质量之比为 1:2，不计粒子重力。 以下判断正确的是A甲粒子带负电，乙粒子带正电B甲
7、粒子的动能是乙粒子动能的 16倍C甲粒子所受洛伦兹力是乙粒子所受洛伦兹力的 2 倍D甲粒子在磁场中的运动时间是乙粒子在磁场中运动时间的 倍10.如图甲所示，将长方形导线框 abcd垂直磁场方向放入匀强磁场 B中，规定垂直 ab边向右为 ab边所受安培力 F的正方向，F 随时间的变化关系如图乙所示选取垂直纸面向里为磁感应强度 B的正方向，不考虑线圈的形变，则 B随时间 t的变化关系可能是下列选4项中的 A. B. C. D. 第卷 （本卷共 60 分）二、实验题：11.（6 分）如图甲所示，一位同学利用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验有一直径为 d、质量为 m的金属小球由 A处由静
8、止释放，下落过程中能通过 A处正下方、固定于 B处的光电门，测得 A、B 间的距离为 H (Hd)，光电计时器记录下小球通过光电门的时间为 t，当地的重力加速度为 g.则：(1)如图乙所示，用游标卡尺测得小球的直径 d_mm.(2)多次改变高度 H，重复上述实验，作出 随 H的变化图象如图丙所示，当图中已知量21tt0、H 0和重力加速度 g及小球的直径 d满足以下表达式：_时，可判断小球下落过程中机械能守恒(3)实验中发现动能的增加量大小 E k总是稍小于重力势能的减少量大小 E p，增加下落高度后，则：E pE k将_(选填“增加”“减小”或“不变”)12.(10分)(1)某实验小组在使用
9、多用电表的过程中,下列说法中正确的是5A.在测量直流电压时,要将红表笔接在高电势点B.测量阻值不同的电阻时,都必须重新调节欧姆调零旋钮C.在测量未知电阻时,必须先选择倍率最大的欧姆挡进行试测D.在测量未知电流时,必须先选择量程最大的电流挡进行试测E.测量定值电阻时,如果红、黑表笔插错插孔,测量结果不会受影响(2)如图所示,若用多用电表测量某电阻 Rx阻值,多用电表选择开关处于“10”欧姆挡,指针指在欧姆刻度 20和 40正中间位置,则 Rx的阻值_300 (选填“大于”、“等于”或“小于“)，此时该多用电表的中值电阻阻值_300 (选填“大于”、“等于”或“小于“)。(3)现用伏安法更精确地测
10、量(2)中的电阻 Rx可供该同学选用的器材除开关 S、导线、待测电阻 R外,还有:A.电源 E(E=12V,内阻不计)B.定值电阻 R0(阻值等于 1 )C.电压表 V(量程 015V,内阻未知)D.电流表 A1(量程 010mA,内阻 r1=3 )E.电流表 A2(量程 00.6A,内阻 r2=0.2 )F滑动变阻器 R(01k ,额定电流 0.1A)实验中电流表应选择_(填写器材前面的字母标号)请在方框内画出实验电路图;在实验过程中,测量多组数据,以电压表读数 U为纵坐标,以电流表读数为横坐标,做出相应 U-I图象,发现 U-I图象为一条斜率为 k的直线,若考虑电表内阻对电路的影响,则电阻
11、 Rx= _ (用题目中已知物理量字母符号和 k表示)。6四、计算题：13（10 分）如图所示，两块相同的金属板 MN、PQ 平行倾斜放置，与水平面的夹角为 45，两金属板间的电势差为 U，PQ 板电势高于 MN板，且 MN、PQ 之间分布有方向与纸面垂直的匀强磁场。一质量为m、带电量为 q的小球从 PQ板的 P端以速度 v0竖直向上射入，恰好沿直线从 MN板的 N端射出，重力加速度为 g。求：（1）磁感应强度的大小和方向；（2）小球在金属板之间的运动时间为多少？14. (10分)如图甲所示,一根直杆 AB与水平面成某一角度固定,在杆上套一个小物块,杆底端 B处有一弹性挡板,杆与板面垂直.现将
12、物块拉到 A点静止释放,物块下滑与挡板第一次碰撞前后的 v-t图象如图乙所示,物块最终停止在 B点. 重力加速度为取 g=10 m/s2.求:(1)物块与杆之间的动摩擦因数 .(2)物块滑过的总路程 s. 15(12 分)如图所示，有理想边界的两个匀强磁场，磁感应强度，两边界间距一边长 的正方形线框 abcd由粗细均匀的电阻丝围成，总电阻 现使线框以的速度从位置 匀速运动到位置（1）求 cd边未进入右方磁场时线框所受安培力的大小求整个过程中线框所产生的焦耳热在坐标图中画出整个过程中线框 a、b 两点的电势差随时间 t变化的图线v0N45MPQ716(12 分)如图所示为某自动控制系统的装置示意
13、图，装置中间有一个以 v0=3ms 的速度逆时针匀速转动的水平传送带，传送带左端点 M与光滑水平面相切，水平面左侧与一倾角 =37的光滑斜面平滑连接。靠近斜面底端的 P点处安装有自动控制系统，当小物块 b每次向右经过 P点时都会被系统瞬时锁定从而保持静止。传送带 N端与半径r=0.2m的光滑四分之一圆弧相切，小物块 a从圆弧最高点由静止下滑后滑过传送带，经过 M点后控制系统会使静止在 P点的小物块 b自动解锁，之后两物块发生第一次弹性碰撞。已知两物块的质量 mb=2ma=2kg，两物块均可视为质点，物块与传送带间的动摩擦因数 =0.25，MN 间的距离 L=1.2m，g=10ms 2，sin3
14、7=0.6，cos37=0.8，求：(1)物块 a运动到 N点时受到的支持力；(2)物块 b第一次沿斜面上滑的时间；(3)两物块在第 n次碰撞后到第 n+1次碰撞前，物块 a在传送带上运动产生的摩擦热。8(草稿纸)9厦门外国语学校 2018-2019学年高三第三次月考物理试题参考答案11.（共 6分，每空 2分） (1)7.15 或 7.20 (2) H0或 2gH0 d2 (3)增加201tgdt12.(10分)ADE（2 分，漏选错选均不得分） 小于（1 分） 小于（1 分）D（1 分） 如图（2 分） （3 分）010+-Rrk13(10 分)解析：（1）小球在金属板之间只能做匀速直线运
15、动，受重力 G、电场力 F 电 和洛伦兹力 f， F 电 的方向与金属板垂直，由左手定则可知 f的方向沿水平方向，三力合外力为零，故小球带正电，金属板 MN、 PQ之间的磁场方向垂直纸面向外，且有qv0B = mgtan 得 B = mgqv0（2）设两金属板之间的距离为 d，则板间电场强度 E = Ud又 qE = mg 2又 h= 0t 小球在金属板之间的运动时间 t = hv0解得 t = qUmg 0另解：由于 f =qv0B不做功， W G=-mgh, W 电 = qU，则由动能定理得qU - mgh = 0h= 0t得 t = qUmg 0题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9
16、10选项 B A C D C B AD AD CD ABD1014(10 分)由图象可知,物块下滑的加速度a1=vt=4 m/s2,上滑时的加速度大小a 2=vt=8 m/s2,杆AB长L=2 m,设斜杆的倾角为,物块的质量为m,物块与杆间的动摩擦因数为,由牛顿第二定律得F合 =mgsin -mgcos =ma 1,F合 =mgsin +mgcos =ma 2,代入数据,得=0.25, sin =0.6,cos =0.8.(2) 对物块整个过程分析,设物块运动的路程为s,由动能定理得mgLsin -mgcos s=0,代入数据得,s=6m15（12 分）解：边未进入右方磁场时线框时， ab边切割产生感应电动势，大小为由闭合电路欧姆定律得感应电流大小为：ab边受到的安培力大小为设克服安培力做得功为，有功能关系得：整个过程中线框所产生的焦耳热 边 w未进入磁场， ab两端电势差，由楞次定律判断出感应电流方向沿顺时针方向，则 a的电势高于 b的电势，为正cd边进入磁场后，线框中虽然感应电流为零，但 ab两端仍有电势差，由右手定则判断可知， a的电势高于 b的电势，为正，所以ab边穿出磁场后，只有 cd边切割磁感线，由右手定则知， a点的电势高于 b的电势，整个过程中线框 a、 b两点的电势差随时间 t变化的图线如下图所示：1116(14 分)
