1、1广西南宁市第二中学 2018-2019 学年高二物理上学期期末考试试题（扫描版）2345南宁二中 2018 至 2019 学年上学期高二年级期考物理（本卷满分 100 分，考试用时 120 分钟）一、选择题（本大题共 12 小题，每小题 3 分，共 36 分在每小题给出的四个选项中，第18 题只有一项符合题目要求；第 912 题有多项符合题目要求，全部选对的得 3 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分 ）题号 1 2 3 4 5 6答案 A A D A B D题号 7 8 9 10 11 12答案 B B BD BD ACD AD1.【答案】A【解析】由于地磁场的作用，小磁针会位于
2、南北方向，要能观察到小磁针由于通电导线产生的磁效应而产生的偏转，通电直导线产生的磁场为东西方向，这样观察到小磁针的偏转明显，根据右手螺旋定则判断应将放置在平行南北方向，并且在小磁针正上方2.【答案】A【解析】设一个小球带电量为大小 Q，则另一个为大小 3Q，根据库仑定律有：两球接触前： ； 相距为 2r 时，由库仑定律得： ；23QFKr 214FKFr故 A 正确，BCD 错误；故选 A.3. 【答案】D【解析】由图知，穿过系安全带磁场方向向下，在磁铁向下运动的过程中，线圈的磁通量在增大，故感应电流的磁场方向向上，再根据右手定则可判断，流过 R 的电流从 b 到 a，电容器下极板带正电，所以
3、 A、B、C 错误，D 正确。4. 【答案】A【解析】四点的磁感应强度为 B0与电流产生磁场的矢量和，据安培定则知，电流产生磁场为以导线为圆心的同心圆，沿顺时针方向，a 点两磁场方向相同，c 点方向相反，b、d 两点垂直，合成后知 a 点的磁感应强度最大，A 对。5. 【答案】B【 解析】当电位器的触头由弧形碳膜的中点逆时针滑向 端时，电位器接入a电路的电阻减小，根据串并联电路特点可知电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得干路电流增大，内阻分担电压增大，路端电压减小, 灯变暗，通过其电流减小；由1L及 可知 分担电压增大， 及 两端电压减小， 功率减小而变暗，12UIR1IR2R2L选项 B
4、 正确.6. 【答案】D【解析】改装电流表需要并联一个电阻分流，所以 ,故1()ggIRI610.17()gIR改装电压表需要串联一个电阻分压，所以 ,故()gIRU2290gRI7. 【答案】B【解析】A、平行板电容器充电后与电源断开，电容器的电量不变，将正极板移到图中虚线所示的位置，板间距离减小，由 、 和 结合得4SCkdQEd，可知板间场强 E 不变，电容 C 增大，而电量 Q 不变，由公式 分析得知4kQES CU板间电压 U 减小由于负极板的电势比正极板低，则 升高，故 AC 错误，B 正确；D、根据 ， E 不变， P 点到正极板的距离减小，则正极板与 P 点的电势差减小，正d极
5、板电势为零， P 点的电势比正极板低，则 P 点的电势升高，正电荷在 P 点的电势能 增pE大，故 D 错误。8. 【答案】B【解析】等量异种电荷的中垂线，电势与无穷远处的电势相等，及中垂线是0 等势线，故 A 错，B 对；在中垂线上，由电场分布图知越靠近中点场强越强，C 错；中垂线上场强的方向都平行于两电荷的连线指向负电荷，故一带电粒子在 a 点无初速释放，受力水平沿水平方向，故不可能沿中垂线运动，D 错。9. 【答案】BD【解析】选项 A、C 两种情况中，穿过线圈平面的磁通量始终为零，不会产生感应电流；选项 B、D 中穿过线圈平面的磁通量不断变化，而且线圈是闭合的，有感应电流产生；故选 B
6、D10. 【答案】BD【解析】A 项：根据正电荷在电势高处，电势能大，负电荷在电势低处电势能大，故 A 错误；B 项：由公式 可知，在电场中的两点之间移动电荷，电场力做功越多，这两点的电=势差越大，故 B 正确；C 项：电势差由电场本身决定，与零电势的选取无关，电势零点的选取是任意的，但是电场中两点间的电势差是确定的，故 C 错误；D 项：电场力做功 ，电场力做正功，所以电势能减小 ，=1021=102 10211. 【答案】ACD【解析】带电粒子只在电场力作用下从 A 运动到 B，由运动与力关系可知，电场力偏向轨迹的内侧，分析电场力方向，从而判断粒子的电性根据电场线的疏密表示电场强度的强弱，
7、分析场强的大小，由牛顿第二定律分析加速度的变化电荷受到的电场力指向轨迹的内侧，故从电荷的运动轨迹来看，电荷受力方向一定跟场强方向相反，粒子带负电，A 正确；电荷受力方向跟运动方向夹角大于 90，电场力做负功，电势能增大，动能减少，B 错误 C 正确；从图知 A 点的电场线较疏，场强要小些，所以 A7点的加速度较小，D 正确12. 【答案】AD【解析】A. 粒子打在 C 点的半径最大,由几何关系： ,从2=2+(2)2而求得最大半径 r=5L/4,由半径公式求得最大速度 。在加速电场中： ,=54 =122从而求得最大电压 ，即 A 选项正确；max=252232B. 粒子打在 D 点时半径最小
8、，同理也可以求出最小速度及对应的最小电压，所以选项 B 错误；CD. 打在 D 点的粒子恰好偏转 180,运动时间最长,为 T/2=m/Bq ，所以选项 C 错误，D 正确二、实验题（本大题共 3 小题，16 分 ）13 （4 分） 【答案】(1) 9.160cm (2) 0.398mm(0.395mm0.399mm 均正确)【解析】(1) 游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读因卡尺的游标有20 等分，因此游标卡尺的精确度为 0.05mm由图知游标卡尺的固定刻度读数为 9.1cm，游标尺上第 12 个刻度与主尺上某一刻度对齐，因此游标读数为0.0512mm=0.60mm=0.06
9、0cm，所以最终读数为：9.1cm+0.060cm=9.160cm；(2) 螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读螺旋测微器的固定刻度读数为 0mm，可动刻度读数为 0.0139.8mm=0.398mm，所以最终读数为：0mm+0.398mm=0.398mm，由于需要估读因此在范围 0.395mm0.399mm 范围内都对14 （4 分） 【答案】 （1）190； （2）将选择开关旋至交流最大挡 或“OFF”挡【解析】 （1）欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数，读数为 ；19.010=190（2）读数结束后，应将选择开关旋至交流最大 或“OFF”挡15
10、 （8 分） 【答案】图见解析；E；增大； 15【解析】(1) 小灯泡两端电压可以从零至额定电压范围内变化，滑动变阻器应用分压式接法，又小灯泡电阻远小于电压表内阻，电流表应用外接法接法，实验电路图如图所示，根据小灯泡规格“6W，0.5A”可知，额定电压 ，所以电压表应=60.5=12选 D；为方便实验操作，滑动变阻器应选 E，(2) 由图示图象可知，随灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流增大，电压与电流的比值增大，灯泡电阻增大；由图示图象可知，灯泡两端电压为 6V 时，通过灯泡的电流为 0.4A，则灯泡电阻。=60.4=158三、计算题（本大题共 4 小题，48 分 ） 16 （10 分） 【答案
11、】 （1）8W。 （2）8W解:（1）根据焦耳定律，热功率为： P 热 I2R2 228（W） 3 分（2）电池内压为 U Ir212 （V） 2 分输入功率为： P 入 I（ E U）2（102）16（W） 3 分输出功率为： P 出 P 入 P 热 1688（W） 2 分17 （12 分） 【答案】 （1）0.5A， （2）3N，水平向右解：（1）由欧姆定律得 40.56IAR分（2）导体棒所受的安培力， 6.0513FBILN安方向水平向左 4 分由平衡条件得导体棒上所加的水平外力，方向水平向右 4 分3安18 （12 分） 【答案】(1) (2) 4.5m2.0m/s解：（1）小球从
12、A 运动到 B 的过程中，对小球根据动能定理有：mgl2 F 电 l1= mvB2 2 分又 F 电 mg 2 分则 代入数据可得 vB2m/s 2 分（2）小球离开 B 点后，设水平方向的加速度为 a，在空中运动的时间为 t，则水平方向有 a g， x vBt at2 2 分竖直方向有 h gt2 2 分由以上各式代入数据可得 x4.5 m 2 分919 （14 分） 【答案】(1) ， (2) =300 204309解：(1)粒子在电场中做类平抛运动，有：， 2 分32=122， 2 分=01设粒子到达 M 点的速度大小为 v，方向与 y 轴负方向成 角；轨迹如图：则有： ， 1 分=01， 1 分=0联立解得： ， ； 2 分=30=20(2)设粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为 R，有， 2 分=2由几何关系有： ， 2 分32+=2联立解得 。 2 分=4309
