1、2014年江苏省南京市高淳区中考二模物理试卷与答案（带解析） 选择题 关于声现象，下列说法正确的是（ ） A “闻其声而知其人 ”是根据声音的响度来判断的 B “不敢高声语，恐惊天上人 ”中的 “高 ”是指声音的音调高 C高速公路两侧安装透明板墙是在声源处减弱噪声 D超声波可以粉碎结石，说明声音具有能量 答案： D 试题分析： A.“闻其声而知其人 ”意思是说听见声音就知道是某人了，是根据声音的音色来判断的，错误； B.“不敢高声语，恐惊天上人 ”意思是不高大声说话，怕影响到天上人，这里的 “高 ”指声音的响度 大，错误； C.高速公路两侧的透明玻璃板能阻碍声音的传播，这是在传播途径中减弱噪声
2、，错误；超声波可以粉碎结石，粉碎结石是需要能量的，说明声波具有能量，正确；所以选择 D。 考点：声音的三个特征 声音的应用 如图所示，灯泡 L标有 “6V 3W”的字样，滑动变阻器的规格为 “20 1A”，电流表的量程为 0 0.6A，电源电压为 8V不变，不考虑温度对灯丝电阻的影响。在保证各电路元件安全工作的情况下，下列选项不正确的是（ ） A灯泡 L的最小功率 为 0.75W B整个电路消耗的最大功率为 4.8W C滑动变阻器连入电路中的最小阻值为 4 D灯泡 L正常发光 1min 消耗的电能为 180J 答案： B 试题分析：灯泡的电阻为 ；根据 可知当电流最小时，灯泡的电功率最小，电流
3、最小，即电路中的电阻最大，即滑动变阻器的阻值最大，为 20，所以电路中的电流为 ，所以灯泡的最小功率为 ，所以 A不符合题意；电路的总功率最大，即电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路的电阻最小，但电路的电流不能超过小灯泡的额的电流，即不能超过 ，所以此时电路的电功率 为最大，所以 B错误，符合题意；电路的电流为 0.5A，灯泡的电压为 6V，所以滑动变阻器的电压为 ，所以此时滑动变阻器接入电路的电阻为 ，即滑动变阻器接入电路的最小值为 4，所以 C不符合题意；灯泡正常发光 1min消耗的电能为所以 D不符合题意，选择 B。 考点：欧姆定律 电功率的计算 如图所示，是研究电流热效应的部分实验电路
4、，甲电阻丝的阻值小于乙电阻丝的阻值。比较通电后两根电阻丝各自两端的电压 U甲 、 U乙 以及它们在相同时间内分别产生的热量 Q甲 、 Q乙 的大小，下面关系中正确的是（ ） A U甲 U乙 ， Q甲 Q乙 B U甲 U乙 ， Q甲 Q乙 C U甲 U乙 ， Q甲 Q乙 D U甲 U乙 ， Q甲 Q乙 答案： A 试题分析：由图可知电阻丝串流，所以通过甲乙两电阻的电流相等，由于甲电阻丝的阻值小于乙电阻丝的阻值，所以根据欧姆定律 U=IR可知甲电阻两端的电压小于乙电阻两端的电压，根据焦耳定律 可知，在通电时间相同时，乙产生的热量多，所以选择 A。 考点：串联电路电流的规律 欧姆定律的应用 焦耳定律
5、 如图所示，用来研究发电机工作原理的是（ ） 答案： C 试题分析： A图是探究通电导体周围存在磁场的实验，即探究电流的磁效应的实验；B图是探究电磁感应的实验，即发电机的原来； C图是探究通电导体在磁场中受到力的作用实验，即电动机原理； D图是探究电磁铁磁性强弱影响因素的实验；所以选择 C。 考点：电流的磁效应 电磁感应原理 电动机原理 电 磁铁磁性强弱的影响因素 如图所示的 “坐位体前屈测试仪 ”可对初中毕业生进行身体柔韧性测试。测试者向前推动滑块，滑块被推动的距离越大，仪器的示数就越大。小华同学设计了如图所示的四种电路，其中滑动变阻器的滑片向右滑动时，电表示数增大的电路是（ ） 答案： B
6、 试题分析： A.两电阻并联，电流表测量干路电流，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，接入电路的电阻增大，其所在的支路电流变小，所以电流表示数变小，不符合题意；B两电阻串联，电压表测量滑动变阻器 两端的电压，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，接入电路的电阻增大，所以其分压变大，即电压表的示数变大，符合题意； C. 两电阻并联，电流表测量定值电阻的电流，由于并联电路支路间互不影响，所以当滑动变阻器的滑片向右滑动时，电流表的示数不变，不符合题意； D. 两电阻串联，电压表测量电源两端的电压，所以电压表示数不变，不符合题意；选择 B。 考点：串联、并联电路的电流、电压规律 欧姆定律 在装有不同液体的甲、乙两个
7、容器中，同时放入两个完全相同的物体，当物体静止后两容器内液面恰好相平，如图所示。若液体对甲、乙两容器底部的 压强分别是 p甲 、p乙 ，液体对两物体的浮力分别是 F甲 、 F乙 ，则下列判断中正确的是（ ） A p甲 p乙 ， F甲 =F乙 C p甲 =p乙 ， F甲 F乙 答案： A 试题分析：物体在甲液体中处于悬浮，则物体的密度等于家液体的密度，同一物体在乙液体中处于漂浮，则物体的密度小于乙液体的密度，所以有 ，由于甲乙液体的深度相同，所以根据 可知 ，由于物体在液体甲中处于悬浮，则浮力等于物重，物体在液体乙中处于漂浮，则浮力等于物重，所以物体在甲、乙两种液体中受到的浮力相等，选择 A。
8、考点：物体的浮沉条件 液体压强 如图所示，将几颗相同的象棋子叠加放在水平桌面上，然后用钢尺沿桌面迅速击打最下面一颗棋子，可看到该棋子被打出去了。下面关于此情景说法正确的是（ ） A最下面棋子动而其他棋子没跟着出去，因为其他棋子有 惯性而最下面棋子没惯性 B敲打的力越大，棋子出去的速度越大，说明力的作用效果与力的大小有关 C棋子被打出去可以说明力可以改变物体的形状 S D随着棋子一颗颗被打出去，剩下的棋子堆对桌面的压强变大 答案： B 试题分析：因为力可以改变物体的运动状态，而上面的棋子没有受到力，所以没有飞出，一切物体都具有惯性，选项 A错误；敲打的力越大，棋子出去的速度越大，说明了力的大小影
9、响到力的作用效果，所以选项 B正确；棋子被打出去，棋子有静止变成运动，说明里可以改变物体的运动状态，不能说明里可以改变物体的形状，所以 选项 C错误；静止在水平面的物体对水平面的压力由物体的重力提供，当棋子被打出去后，物体的重力变小，所以对桌面的压力减小，选项 D错误。 考点：力的作用效果 压力 某同学使用矿泉水瓶设计了下列几组实验，实验装置如图所示，其中不能完成实验目的的是（ ） 答案： D 试题分析： A压强大小的影响因素有压力和受力面积，图中受力面积一定压力不同，可以探究压强与压力大小的关系，所以 A错误； B往两空瓶中间吹气，改变两空瓶中间的气流速度，而两空瓶外的 气流速度不变，随意可
10、以探究流体压强与流速的关系，所以 B错误； C装满水的瓶子倒立在水槽中，瓶中的水柱如不能下降，则说明大气压强的存在，所以 C错误； D验证液体压强与液体密度的关系时要改变液体的密度，而 D中只有一种液体，所以不能验证验证液体压强与液体密度的关系，所以 D正确； 选择 D。 考点：探究压强大小的影响因素 探究流体压强与流速的关系 大气压强 液体压强大小的影响因素 下列关于温度、热量和内能的说法中正确的是（ ） A一个物体放出热量时，温度就会下降 B物体的温度越低，所含的热量越少 C一 个物体内能增加时，温度不一定升高 D物体内能增加，一定从外界吸收热量 答案： C 试题分析：当物体凝固时要放出热
11、量，但温度保持不变， A错误；所热量是热传递过程中内能的改变量，即热量是一个过程量，没有发生热传递，说热量的多少无意义， B错误；晶体熔化时需要吸收热量，所以其内能变大，但晶体熔化时温度保持不变， C正确；改变内能的方式有做功和热传递，物体内能的增大可能是做功，也可能是热传递， D错误；所以选择 C。 考点：温度、热量与内能的关系 小华是一名发育正常的九年级学生，下面是与他有关的数据，你认为合理的是 （ ） A他的手掌宽度为 2.5dm B他百米赛跑的速度可达 15m/s C他的脉膊正常跳动的频率为 70Hz D他感觉舒适的环境温度约为 23 答案： D 试题分析：中学生的手掌宽度大概是 10
12、cm，即 1dm，所以 A错误；专业短跑运动员的百米赛跑速度大约 10m/s，学生不可能达到 15m/s，所以 B错误；人体正常的脉搏跳动约为 1分钟 60次，即频率约为 1Hz，所以 C错误；人体感觉舒适的环境温度约为20 ，所以 D正确。 考点：估测 如图所示的光现象中，由于光的折射形成的是（ ） 答案： D 试题分析： A.“倒影 ”是平面镜成像，属于光的反射； B手影是光的直线传播； C.汽车后视镜是平面镜成像，是光的反射； D.水中的吸管弯折，是光的折射现象，所以选择 D。 考点：光的直线传播 光的反射（平面镜成像）、光的折射 下面四幅图中，所涉及到的物态变化解释正确的是（ ） A甲
13、图中火山爆发时，岩浆喷出后又冷却变成岩石是凝华现象 B乙图中的白霜是液化现 象 C丙图中的固体空气清新剂放置一段时间后变小了是升华现象 D丁图中的水结成冰是水的熔化现象 答案： C 试题分析： A.熔岩是液态的冷却后变成岩石，岩石是固态的，所以是物体由液态变成固态，是凝固，错误； B.白霜是秋冬季节空气中的水蒸气放出大量的热凝华成的，错误； C.空气清新剂是固态的，吸收热量之后散发到空气中，所以是升华现象，正确； D.水结冰，水是液态的，冰是固态的，物体由液态变成固态，是凝固，错误；所以选择 C。 考点：物态变化 实验题 某物理兴趣小组同学设计了如图（甲）所示的电路图进行实验探 究，电源为可调
14、压直流学生电源，电压表量程为 “0 15 V”、电流表量程为 “0 0.6A”，小灯泡标有 “6V 1.2W”字样， R0为 20的定值电阻。兴趣小组根据记录的电流表和电压表示数变化，描绘出 U-I关系图，如图（乙）所示。当电压表示数为 1V时，通过电流表的电流是 A；当灯泡两端的电压为 3V时，灯泡能发光，此时灯泡灯丝的电阻是 ；调节电源电压，当小灯泡与定值电阻 R0消耗的总功率为 0.8W时，此时的电源电压为 V，小灯泡的实际电功率是 W。 答案： .3 10 0.6 试题分析：由图甲指灯泡与定值电阻并联，电流测量干路的电流， （ 1）由图乙可知，当电压为 1V时，通过电流表的电流为 0.
15、3A； （ 2）由图乙可知，当电压为 3V时，通过电流表的电流为 0.45A； 通过 R0的电流： ，则通过灯泡的电流为； 此时灯泡的电阻： ； （ 3）当电路消耗的总功率为 0.8W，从乙图中可以看出，电流表和电压表的示数分别为 0.4A和 2V， 因此电源电压为 2V； 此时通过定值电阻的电流为： ， 通过灯泡的电流为： ， 灯泡的实际功率为： 。 考点：并联电路电流规律 欧姆定律的 应用 电功率 小明同学利用以下器材进行了浮力的探究实验： （ 1）图 A中用细线将合金块挂在弹簧测力计下，测出它的 大小； （ 2）将合金块浸入装满水的溢水杯中如图 B所示，合金块所受浮力是 N； （ 3）比
16、较图 B和图 C可知，合金块在水中所受浮力与浸没的 无关； （ 4）该同学做完实验总结出规律后，计算合金块的密度是 kg/m3。 答案：（ 1）重力 （ 2） 0.5 （ 3）深度 （ 4） 试题分析：（ 1）本实验是测量浮力的大小，实验法求浮力的计算式为：，由此可知先要测出物体的重力； （ 2）物体浸没在液体中时，弹簧测力计的示数为 1.5N，根据实验法求浮力的计算式得： ； （ 3）由图 A、 B与图 A、 C对比可知物体在图 B和图 C中受到的浮力相等，而物体在图 B和图 C只是浸没的深度不同，由此可以说明 浮力的大小与物体浸没的深度无关； （ 4）物体的质量为： ，物体浸没在液体中，所
17、以 ，根据阿基米德原理可得： ， 所以物体的密度为： 。 考点：浮力的测量 阿基米德原理 密度 （ 5分）在探究 “滑动摩擦力的大小与哪些因素有关 ”的实验中，小明的两次实验如图A、 B所示 . （ 1）这两次实验是为了探究滑动摩擦力大小是否与 有关； （ 2）要测量出木块与桌面间滑动摩擦力的大小，应沿水平方向拉木块做 运动。这是利用 原理进行的间接测量。 （ 3）如图 A所示，分别用 2N和 3N的水平力拉着木块沿水平桌面运动，则两次木块受到的摩擦力大小是否相同，说出你判断的依据 （ 2分）。 答案：（ 1）压力 （ 2）匀速直线 二力平衡 （ 3）相同，因为压力大小、接触面的粗糙程度没有改
18、变 试题分析：（ 1）由图可知，物体接触面间摩擦力没有发生变化，变化的是压力的大小，所以这两次实验是为了探究摩擦力的大小是否与压力有关； （ 2）摩擦力无法之间测量出来，我们是根 据二力平衡的原理，间接测量出来的，当物块做匀速直线运动时，拉力与摩擦力是一对平衡力，所以大小相等； （ 3）摩擦力大小的影响因素只有压力大小，接触面的粗糙程度，而这两个量都没有改变，所以摩擦力的大小不变。 考点：摩擦力大小的影响因素 二力平衡 （ 5分）小聪同学为了测量酱油的密度，进行以下实验： （ 1）将待测酱油倒入烧杯中，用已调好的天平测量烧杯和酱油的总质量（如图甲所示）。由图可知天平标尺的分度值是 g，烧杯和酱
19、油的总质量是 g； （ 2）将烧杯中的酱油倒入一部分到量筒中（如图乙），量筒中酱油的体积是 cm3； （ 3）用已调好的天平测量剩余酱油的烧杯的总质量（如图丙所示），由此可知酱油的密度是 _kg/m3。 （ 4）小方设计另一种测量酱油密度的实验方案：用天平测出空烧杯的质量 ml，向烧杯内倒入适量酱油，再测出烧杯和酱油的总质量 m2；然后把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，测出量筒内酱油的体积为 V；酱油密度的表达式 。按该实验方案测出酱油的密度值 （选填 “偏大 ”或 “偏小 ”）。 答案：（ 1） 0.2 72.4； （ 2） 40； （ 3） 1.13； （ 4）偏大 试题分析：（ 1）标尺每大
20、格表示 1g，每大格分成 5小格，所以标尺的分度值为 0.2g；天平的示数等于砝码加游码的指示，所以由图甲可知烧杯和酱油的总质量是 72.4g； （ 2）量筒的刻度每大格是 10ml，每大格分成五小格，所以其分度值为 2ml，所以量筒中的酱油的体积为 40ml，即 40cm3； （ 3）酱油的密度为： ； （ 4）由于在把烧杯内的酱油全部倒入量筒内， 测出量筒内酱油的体积为 V。 考点：液体密度测量 （ 3分）如图所示，图（ a）是探究 “物体动能的大小与哪些因素有关 ”的实验装置，实验中让同一钢球从斜面上不同的高度由静止滚下，碰到同一木块上；图（ b）是探究 “牛顿第一定律 ”的实验装置，实
21、验中让同一小车从斜面上相同的高度由静止滑下，在粗糙程度不同的平面上运动，请回答以下问题： （ 1）图（ a）实验的目的是探究钢球动能的大小与 的关系。 （ 2）图（ b）实验中同一小车从斜面上相同的高度由静止滑下， 水平面越光滑，小车运动的距离越远，推理得出：运动的物体如果不受外力作用，将永远做 。 （ 3）牛顿第一定律是在实验基础上理想推理总结得出，下列研究过程中也采用了这一方法的是 A在研究电流与电阻、电压关系时，控制电阻不变去研究电流与电压的关系 B奥斯特实验发现了电流的周围存在着磁场，实验中放入小磁针 C在做 “探究二力平衡条件 ”实验时，选用质量较小的卡片 D探究真空不能传。 答案：
22、（ 1）速度 （ 2）匀速直线运动 （ 3） D 试题分析：（ 1）图（ a）让同一钢球从斜面上不同的高度由静止滚下，小球的质量不变，改变高度，改变了小球的运动速度，所以图（ a）实验的目的是探究钢球动能的大小与运动速度的关系；实验中采用转换法，通过比较钢球对木块做功的多少，判断钢球动能的大小； （ 2）让小车从斜面的相同高度滑下，是为了使小车在水平面运动的起始速度相同；水平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，根据小车运动距离的远近，推理得出：运动的物体如果不受外力作用，将永远做匀速直线运动； （ 3）牛顿第一定律的建立是在科学实验的基础上，通过对实验数据的分析，并进一步通过推理得出的（实际上不受
23、摩擦力的物体根本不存在），所以该实验主要是利用 了实验推理法形成了牛顿第一定律； A、在研究电流与电阻、电压关系时，控制电阻不变去研究电流与电压的关系，应用了控制变量法； B、奥斯特实验发现了电流的周围存在着磁场，实验中放入小磁针，运用了转换法； C、在做 “探究二力平衡条件 ”实验时，选用质量较小的卡片，利用突出问题的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的物理模型； D、由此可知与此实验相同的实验是探究真空不能传声。 考点：探究物体动能的影响因素 （ 3分）如下图所示，小红在研究 “杠杆平衡条件 ”的实验中所用的器材有：杠杆、支架、刻度尺、细线和若干个质量相同的 钩码。 （ 1）在实验过程中，
24、杠杆调在水平位置平衡的目的为了方便测量 。 （ 2）杠杆调节平衡后，小红在杠杆上 A点处挂 4个钩码，为使杠杆重新平衡，应在 B点挂 个钩码。 （ 3）小红按现有方案得出如下结论： “动力 支点到动力作用点的距离 =阻力 支点到阻力作用点的距离 ”。这个结论与杠杆平衡条件不符，原因是实验过程中 （填字母） A没有改变力的大小 B没有改变力的方向 C没有改变力的作用点 D实验次数较少，结论具有偶然性 答案：（ 1）力臂 （ 2） 6 （ 3） B 试题分析：（ 1）杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，使杠杆在水平位置平衡的目的是为
25、了便于测量力臂； （ 2）设一个钩码的重力为 G，杠杆上一个小格长度为 L，则根据平衡条件可知：4G3L=nG2L，解得 n=6（个），故应该在 B处挂 6个相同的钩码； （ 3） “动力 支点到动力作用点的距离 =阻力 支点到阻力作用点的距离 ”，是在杠杆在水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，也就是实验过程中没有改变动力或阻力 的方向故选项 A、 C、 D错误，选项 B正确。 考点：探究杠杆的平衡条件 （ 5分）小华同学做 “测量小灯泡额定功率 ”的实验，实验器材如下：小电灯标有 “3.8V” 的字样、电源电压恒为 6V 、滑动变阻器标有 “20 1 ”、电流表（量程为
26、 0 0.6A、0 3A）、电压表（量程为 0 3V、 0 15V）、开关及导线若干。 按电路图正确连接电路后，闭合开关，从大到小调节滑动变阻器的阻值，并将正确操作下的电压表和电流表的示数填入下表： 电压表的示数 U 电流表的示数 I 小电灯的功率 P 2.0 0.20 2.5 0.22 3.0 0.25 3.8 0.30 4.5 0.32 （ 1）通过上表数据，可算得小电灯的额定功率为 ； （ 2）将两个这样的相同规格的小电灯串联后直接接在 6电源的两端，两灯消耗的总功率为 ； （ 3）结合表中数据判断：在不拆开电路的情况下，能否继续研究 “电流与电压的定量关系 ”？并说明理由。答： 。 （
27、 4）（ 2分）若电压表的 0 15 量程已损坏，只能使用 0 3 量程，其它器材不变，小张将现在的电路作了改动也能测出小灯泡的额定功率，在如图的虚线方框内画出改动后的电路图。 答案：（ 1） 1.14 （ 2） 1.5 （ 3）不能；因为灯丝的电阻随温度的变化而变化 （ 4）作图如下： 试题分析：（ 1）根据额定功率的定义可知 ，由表格数据可知当实际电压等于额定电压等于 3.8V时，通过灯泡的电流为 0.30A，所以； （ 2）因为两个完全相同的灯泡串联，所以两个灯泡两端电压相等，即 ，根据表中数据可知，当灯泡两端电压为 3V时，通过灯泡的电流为 0.25A，则两灯消耗的总功率： ； （ 3
28、）要探究电流与电压的对应关系，需要保持电阻值一定，而灯丝的电阻随温度的变化而变化，因此不能用灯泡探究 “电流与电压的定量关系 ”实验； （ 4）电源电压为 6V，灯泡和滑动变阻器串联在电路中，灯泡额定电压为 3.8V，要让灯泡正常工作，滑动变阻器的电压为 6V-3.8V=2.2V 3V，可以用电压表 0 3V量程，并联在滑动变阻器两端，当滑动变阻器的电压为 2.2V时，灯泡正常工作。电路图如 下图所示： 。 考点：额定功率 串联电路的电阻 电功率 （ 4分）小明利用如图甲所示的电路做 “探究通过导体的电流与导体电阻的关系 ”的实验。他使用的器材有：两节新干电池，三个定值电阻： R1=5、 R2
29、=10、 R3=20，标有 “15 1A”的滑动变阻器，电流表、电压表和开关各一只，导线若干。 （ 1）小明将 5的电阻接入电路，正确连接好电路后，调节滑动变阻器，使电压 表示数为 1.5V，电流表示数（如图乙所示）为 A。 （ 2） 小明将用 R2替换 R1接入电路，接下来他应该进行的操作是 ，读出电流表的示数。 小明用 R3替换 R2接入电路进行实验，发现无论怎样移动滑动变阻器， R3两端的电压始终无法达到 1.5V。经检查，电路连接无误，各元件均完好。在不改变电路和器材的前提下，怎样改进以便完成实验，请你写出你的办法 （ 2分）。 答案：（ 1） 0.3 （ 2） 移动滑动变阻器的滑片
30、P，使电压表的示数仍为 1.5V 控制电阻 R两端的电压为 2V不变。 试题分析：（ 1）电流表选择 0 0.6A量程，每一个大格代表 0.2A，每一个小格代表0.02A，电流为 0.3A； （ 2） 因为 R2的阻值大于 R1的阻值，所以用 R2替换 R1接入电路后， R2两端电压变大，但是在探究通过导体的电流与导体电阻的关系时，要保证电阻两端电压不变，因此需要调节滑动变阻器的滑片使滑动变阻 器接入电路的阻值增大，需将滑片向左移动，使定值电阻两端电压为 1.5V； 用 R3替换 R2接入电路进行实验，发现无论怎样移动滑动变阻器， R3两端的电压始终无法达到 1.5V，可能是滑动变阻器最大阻值
31、太小，滑动变阻器分压太小，使电阻 R3两端的电压过大 造成的；或是由于控制的定值电阻两端的电压太小造成的，或是电源电压太大，为完成实验可适当提高定值电阻两端的电压，如：控制定值电阻两端的电压为 2V不变。 考点：探究电流与电压、电阻的关系 （ 4分）小明同学用蜡烛、凸透镜和光屏等器材做 “探究凸透镜成像规律 ”的实验，记录的部分数据见下表。 实验序号 物距 u/cm 像距 v/cm 像的性质 1 30 15 倒立、缩小的实像 2 25 16.7 3 20 20 倒立、等大的实像 4 15 倒立、放大的实像 5 5 正立、放大的虚像 （ 1）实验中所用透 镜的焦距为 cm； （ 2）上表中实验序
32、号 2中像的性质为 ，实验序号 4中像距为 cm； （ 3）当烛焰从远处向透镜靠近时，仍要在光屏上得到清晰的像，光屏应向 (选填 “靠近 ”或 “远离 ”）透镜的方向移动。 答案：（ 1） 10 （ 2）倒立、缩小的实像 30 （ 3）远离 试题分析：（ 1）当物距等于二倍焦距时，成倒立等大的实像，根据实验数据可知，成等大的实像时，物距为 20cm，所以焦距为 20cm/2=10cm； （ 2）由于物距等于 25cm 2f，所以成像的特点是倒立、缩小的实像，有实验序号 1和 4对比会发现，实验序号 1的像 距等于实验序号 4的物距，根据管路可逆性可以判断实验序号 4的像距等于实验序号 1的物距
33、，即实验序号 4的像距等于 30cm； （ 3）根据凸透镜成像的规律可以发现，当物距大有焦距时，即成实像时，物距变小，像距变大，像变大，即承接像的光屏应该向远离透镜的方向移动。 考点：凸透镜成像规律 填空题 核电站常建在海边，原因之一是需要大量的水作为汽轮机的冷却剂，这利用了水的 较大。核电站一台发电功率为 l06kW的核电机组，它每天能发电 kW h，这相当于每天至少可减少火电用煤 t，这样会减少大量的二氧化碳等气体和灰渣的排放， 减轻 “北煤南运 ”的压力。（煤的热值 q=3107J kg） 答案：比热容 2880 试题分析：为了冷却效果更好，冷凝剂应选用比热容较大的物体；水具有较大的比热
34、容是它常被用做冷却剂的原因； 因为 P=l06kW， t=1天 =24h，所以它一天产生的电能为：； 由 Q=qm得节约煤的质量为： 。 考点： 比热容 电功的计算 燃料与热值 小明同学想在家里安装一盏照明灯，如图所示是他设计的电路。图中虚线框 1和 2应连入开关和电灯，则开关应装在 方框中。当闭合开关 S时，灯 L闪亮一下后熄灭，而室内其它用电器仍正常工作，则灯 L处 （填 “断路 ”或 “短路 ”）。 答案： 2 断路 试题分析：保险丝接在火线上，开关应接在灯与火线之间因此开关应接在 2处当测电笔分别测试 a、 b、 c点时，测电笔的氖管都发光，说明火线上有电，而零线处不该亮，但也亮了，说
35、明通过电灯、开关与火线相通了，所以是零线断路。 考点： 电路故障分析 测电笔 小明去超市，走到电梯前发现电梯运动较慢，当他站在电梯上时又快了起来。小明根据所学的知识，画出如图所示的电路（ R是一个压敏电阻）。小明分析：当人站在电梯上，压敏电阻的阻值减小， 则电磁铁的磁性变 ，衔铁与触点 （填 “1”或 “2”）接触，电动机的转速变 。 答案：强 2 快 试题分析：图中有两个电路，左侧为压敏电压与电磁铁串联，右侧为电机控制电路，当衔铁与触点 1接触时， R1与电机串联，当衔铁与触点 2接触时，电阻断路，电机中电压增大；当人站在电梯上时， R的阻值减小，电路中电流增大，电磁铁变强，则衔铁被吸下，与
36、触点 2接触，则电机上的电压增大，电动机转速变快。 考点： 欧姆定律 电磁铁的磁性强弱的影响因素 如图所示，物体 A所受重力为 200N，绳重和摩擦力不计，当分别沿力 F1和 F2的方向匀速提 起物体 A时，则 F1 F2（选填 “大于 ”、 “小于 ”或 “等于 ”）。若 10s内 A物体被匀速提升 4m，则拉力 F1的功率为 W。如果把这个滑轮改成动滑轮匀速竖直提升同样的重物，则机械效率将 。（选填 “增大 ”、 “减小 ”或 “不变 ”） 答案：等于 80 减小 试题分析：提升物体 A时，滑轮的轴固定不动，是定滑轮；因为定滑轮相当于一等臂杠杆，只能改变力的方向，而不省力，故定滑轮拉同一物
37、体 A，沿不同方向用的拉力大小相等，所以 ；物体被匀速提升，定滑轮不省力，且滑轮重力和摩擦不计，则拉力做功： ；拉力 F的功率：；把这个滑轮改成动滑轮使用时，在提升重物的同时，也要把动滑轮提起，故增大了额外功；由 可知，将一定滑轮改为动滑轮使用时，机械效率减小。 考点：动滑轮 功率 机械效率 如图所示是我国火箭运送载人飞船上太空的情景。 （ 1）火箭点火向下喷出气体，火箭向上运动，说明物体间力的作用是 ； （ 2）火箭和飞船加速上升过程中，火箭的机械能将 ， 以火箭为参照物，飞船是 的（选填 “运动 ”或 “静止 ”）。地面飞控中心和航天员之间的联系是通过 来实现的。 （ 3）火箭与大气摩擦产
38、生大量的热，这是通过 方式改变物体的内能。 答案：（ 1）相互的 （ 2）变大 静止 电磁波 （ 3）热传递 试题分析：（ 1）火箭 点火向下喷出气体，气体给火箭一个向上的力，所以火箭给气体一个向下的力，使得火箭向上运动，气体向下运动，说明里的作用是相互的； （ 2）火箭在升空时，高度在增加，速度在变快，所以在质量不变时，火箭的动能和重力势能增大，即机械能变大，由于火箭和飞船一起升空，他们间的位置没有发生变化，所以他们之间相对静止，太空没有空气，只能靠电磁波来实现地面飞控中心和航天员之间的联系； （ 3）摩擦是属于做功的方式来改变物体的内能。 考点：力的作用 机械能 电磁波 运动与静止的相对性
39、 内能的改变 根据卢瑟福原子结构模型可知：原子中 心的原子核由 和中子组成，原子核周围带负电的 绕核运动。 答案：质子 电子 试题分析：卢瑟福核式结构模型：原子是由位于原子中心的原子核和核外绕原子核做圆周运动的电子组成的，原子核由质子和中子组成，质子带正电，电子带负电。 考点：原子结构 计算题 （ 6分）如图所示，为了学生的安全我省购置了一批 “大鼻子 ”校车，校车满员时人和车的总质量为 104kg，车轮的总着地面积为 0.25m2，校车以 36km/h的速度在平直公路上匀速直线行驶 10min，所受阻力是总重力的 0.01倍。请计算：（ g=10N/kg） （ 1）满员的校车静止在水平地面上
40、时对地面的压强。 （ 2）满员的校车在这 10min内牵引力的功率。 答案： 试题分析：（ 1）校车的总重力为： ，校车对水平地面的压力来自其自身的重力，所以校车对水平地面的压强为：； （ 2）由于校车做匀速直线运动，所以在汽车受力平衡，则牵引力为：，汽车的速度为 ， 所以校车的功率为： 。 考点：压强 功率 二力平衡 （ 9分）下面的图表是从某台电热饮水机说明书上收集到的信息。经分析得知，当开关 S闭合时，饮水机处于加热状态， S断开时，饮水机处于保温状态。为了测量它加热时的实际功率，小明断开其它所有用电器，只将该饮水机接入家庭电路中，闭合开关 S，测得 热水箱中的水从 25 升高到 100
41、 ，所用时间为 7.5min，同时观察到家中标有 “1200r/kW h”字样的电能表转盘转过 120转（ r）。不考虑温度对阻值的影响 c水 =4.2103J/（ kg ） 。根据以上信息，求： 热水箱容量 1L 额定电压 220V 加热时额定功率 968W （ 1）饮水机热水箱中的水从 20 升高到 100 时所吸收的热量； （ 2）饮水机在加热过程中的热效率； （ 3）饮水机加热时的实际电压。 答案：（ 1）： （ 2） 93.3% （ 3） 173.2 试题分析：（ 1） ,所以水的质量为：， 水吸收的热量为：； （ 2）热水箱消耗的电能为：，所以饮水机的热效率为： （ 3）饮水机的电
42、阻为： ， 饮水机的实际功率 ， 所以饮水机加热时的实际电压为 。 考点：质量 热量 电能 热效率 电功率 作图题 （ 6分）按照要求作图： （ 1）请画出图中入射光线 AO对应的大致折射光线。 （ 2）画出图中木球漂浮在水面时所受力的示意图。 （ 3）请在图中标出通电螺旋管外部磁感线的方向和小磁针的 N、 S极。 答案：如图所示： 试题分析：（ 1）根据光的折射规律可知，当光从空气中斜射入水中时，折射光线向法线偏折； （ 2）木球受到重力的作用，同时在水中受到浮力的作用，木球处于漂浮状态，所以物体受到的浮力等于重力； （ 3）通过安培定则可以判断出螺线管的右端为 N极，左边为 S极，磁感线都是 从 N极出来回到 S极的，小磁针的左端与螺线管 N极靠近，根据磁极间相互作用规律可知小磁针的左端为 S极，右端为 N极。 考点：光的折射 物体的浮沉条件 磁场 磁极间相互作用规律 安培定则
