1、2012-2013学年山东省临沭一中高二 12月学情调查物理试卷与答案（带解析） 选择题 有关磁场的物理概念，下列说法中错误的是（ ） A磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，是矢量 B磁感应强度的方向跟产生磁场的电流方向有关 C磁感应强度的方向跟放入磁场中的受磁场力作用的电流方向有关 D磁感线的切线方向表示磁场的方向，其疏密表示磁感应强度的大小 答案： C 试题分析：磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，是矢量故 A正确磁感应强度的方向就是该点的磁场方向，跟产生磁场的电流方向有关故B正确磁感应强度的方向是由磁场本身决定的，与放入磁场中的受磁场力作用的电流方向无关故 C错误磁感线可以形象描述磁场
2、的强弱和方向，磁感线的切线方向表示磁场的方向，其疏密表示磁感应强度的大小故 D正确 本题选错误的，故选 C 考点：磁感应强度；磁感线及用磁感线描述磁场 点评：本题考查对磁感应强度和磁感线的理解，关键抓住磁感应强度描述磁场本身的特性的物理量，与放入磁场的电流元无关 某同学误将连接电路用的导线当作被测金属导线测出其直径 ,测量时仪器指示如图所示，则该导线的直径为 :d= 。 答案： 试题分析：不动刻度为： 1.5mm 可动刻度为： 则读数为： 考点：螺旋测微器的使用 点评：螺旋测微器的读数分为两块：不动刻度加可动刻度，可动刻度要有估读要注意单位 如图所示是等腰直角三棱柱，其中底面 abcd为正方形
3、，边长为 L，它们按图示位置放置于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为 B，下面说法中正确的是 ( ) A通过 abcd平面的磁通量大小为 L2 B B通过 dcfe平面的磁通量大小为 L2 B C通过 abfe平面的磁通量大小为零 D通过 bcf平面的磁通量为零 答案： BCD 试题分析：通过 abcd平面的磁通量大小为 ,A错误； dcfe平面是 abcd平面在垂直磁场方向上的投影，所以磁通量大小为 ， B正确， abfe平面与bcf平面和磁场平面平行，所以磁通量为零， CD正确 故选 BCD 考点：考查了磁通量的计算 点评： 中的 s表示和垂直磁场平面的投影面积 如图所示，一金属直杆 MN
4、 两端接有导线，悬挂于线圈上方， MN 与线圈轴线均处于竖直平面内，为使 MN 垂直纸面向外运动，可以 （ ） A将 a、 c端接在电源正极， b、 d端接在电源负极 B将 b、 d端接在电源正极， a、 c端接在电源负极 C将 a、 d端接在电源正极， b、 c端接在电源负极 D将 a、 c端接在交流电源的一端， b、 d接在交流电源的另一端 答案： ABD 试题分析：将 a、 c端接在电源正极， b、 d端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向上，再根据左手定则可知 MN 受到的安培力向外，则 M N 垂直纸面向外运动，符合题意故 A正确将 b、 d端接在电源正极， a、 c
5、端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手定则可知 MN 受到的安培力向外，则 M N 垂直纸面向外运动，符合题意故 B正确将 a、 d端接在电源正极， b、 c端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手定则可知 MN 受到的安培力向里，则 M N垂直纸面向里运动，不符合题意故 C错误将 a、 c端接在交流电源的一端，b、 d接在交流电源的另一端，因为交流电的方向是做周期性变化的，所以总可以适当 ac端为正， bd端为负，所以 D正确 故选 ABD 考点：左手定则；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向 点评：运用安培定则判断电流产生的磁场方向，
6、根据左手定则判断安培力方向将选项逐一代入检验，选择符合题意的 如图所示，一根通电直导线垂直 放在磁感应强度为 1T的匀强磁场中，以导线为中心，半径为 R的圆周上有 a、 b、 c、 d四个点，已知 c点的实际磁感应强度为 0，则下列说法中正确的是（ ） A直导线中电流方向垂直纸面向里 B d点的磁感应强度为 0 C a点的磁感应强度为 2T，方向向右 D b点的磁感应强度为 T，方向斜向下，与 B成 450角 答案： CD 试题分析：由题， c点的磁感应强度为 0，说明通电导线在 c点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，即得到通电导线在 c点产生的磁感应强度方向水平向左，
7、根据安培定则判断可知，直 导线中的电流方向垂直纸面向外故 A错误通电导线在 d处的磁感应强度方向竖直向上，则 d点感应强度为 ，方向与 B的方向成 45斜向上，不为零故 B错误通电导线在 a处的磁感应强度方向水平向右，则 a点磁感应强度为 2T，方向与 B的方向相同故 C正确由上知道，通电导线在 b点产生的磁感应强度大小为 1T，由安培定则可知，通电导线在 b处的磁感应强度方向竖直向下，根据平行四边形与匀强磁场进行合成得知， b点感应强度为 ，方向与 B的方向成 45斜向下故 D正确 故选 CD 考点：磁场的叠加 点评：本题考查安培定则和平行四边形定 则，空间任意一点的磁感应强度都通电导线产生
8、的磁场和匀强磁场的叠加 多用电表调零后，用 “10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小，正确的判断和做法是 ( ) A这个电阻值很小 B这个电阻值很大 C为了把电阻测得更准一些，应换用 “1”挡，重新调零后再测量 D为了把电阻测得更准一些，应换用 “100”挡，重新调零后再测量 答案： BD 试题分析：欧姆表的表盘与电流计的刻度相反，即满偏刻度处电阻为零，电流为零时对应电阻无穷大，则可知，当偏转较小时，说明这个电阻较大； 为了准确测量，应换用大档位，应换用 “100”挡，使偏角增大，读数更准确；故 BD正确， AC 错误 故选 BD 考点：用多用电表测电阻 点评：本题考查欧姆表的读数问
9、题，要求明确偏角与示数间的关系，并能正确选择档位 如图所示的电路中，电源电动势为 E，内电阻为 r，在平行板电容器 C中恰好有一带电粒子处于悬空静止状态，当变阻器 R0的滑动触头向左移动时，带电粒子将 ( ) A向上运动 B向下运动 C静止不动 D不能确定运动状态的变化 答案： B 试题分析：当变阻器 的滑动触头向左移动时，电路总电阻增大，电 路总电流减小，所以通过 R的电流减小，所以 R两端的电压减小，即电容器两端的电压减小，所以 可得， E减小，故粒子将向下运动，所以 B正确； 考点：考查了带有电容电路的动态分析 点评：关键是判断电容两端的电压变化情况， 如图所示的电路中，若 ab为输入端
10、， AB为输出端，并把滑动变阻器的滑动触片置于变阻器的中央，则下列说法 错误 的是 ( ) A空载时输出电压 UAB Uab/2 B当 AB间接上负载 R时，输出电压 UABUab/2 C AB间的负载 R越大， UAB越接近 Uab/2 D AB间的负载 R越小， UAB越接近 Uab/2 答案： D 试题分析：空载时，变阻器上下两部分电阻串联，根据串联电路电压与电阻成正比得出输出电压 ，故 A正确当 AB间接上负载 R时，负载 R与变阻器下部分电阻并联，电阻减小， AB间的电压减小，输出电压故 B正确 AB间的负载 R越大，下部分并联的电阻越大，分担的电压越大，越接近 故 C正确， D错误
11、 让选错误的，故选 D 考点：串联电路和并联电路 点评：本题变阻器作为分压器使用，考查对分压器原理的理解能力，关键利用串并联的特点进行分析 电动势为 E、内阻为 r的电源与定值电阻 R1、 R2及滑动变阻器 R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向 b端时，下列说法正确的是( ) A电压表和电流表读数都增大 B电压表和电流表读数都减小 C电压表读数增大，电流表读数减小 D电压表读数减小，电流表读数增大 答案： A 试题分析：当滑动变阻器的触头由中点滑向 b端时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析总电流减小，路端电压增大，则电压表的读数变大图中并联部
12、分电路的电压增大，则电流表的读数变大故选 A 考点：闭合电路的欧姆定律 点评：本题先分析变阻器接入电路电阻的变化，再分析外电路总电阻的变化，路端电压的变化，根据串联电路的特点分析并联部分电压的变化，是电路动态分析问题常用的分析思路 如图所示，向一根松弛的导体线圈中通以电流，线圈将会 ( ) A纵向收缩，径向膨胀 B纵向伸长，径向膨胀 C纵向伸长，径向收缩 D纵向收缩，径向收缩 答案： A 试题分析：纵向电流方向相同，故相互吸引，所以收缩，径向电流相反，所以相互排斥，所以膨胀，故选 A 考点：楞次定律 点评：两通电导线的作用力为：当通电导线的电流方向相反时，显示相互 排斥；当通电导线的电流方向相
13、同时，显示相互吸引 关于磁感应强度，下列说法正确的是 ( ) A由 B 可知，磁场中某处的磁感应强度大小随通电导线中电流 I的减小而增大 B由 B 可知，磁场中某处的磁感应强度大小随通电导线所受磁场力 F的增大而增大 C通电导线所受的磁场力为零，该处的磁感应强度不一定为零 D放置在磁场中 1 m长的通电导线，通过 1 A的电流受到的力为 1 N，则该处的磁感应强度就是 1 T 答案： C 试题分析：磁感应强度 B和外界因素无关，只和磁场本身的性质有关，故 AB错误，当通电导线和磁场平行时，受到的磁场力为零， C正确，只有当通电导线和磁场垂直时，才有：放置在磁场中 1 m长的通电导线，通过 1
14、A的电流受到的力为 1 N，则该处的磁感应强度就是 1 T， D错 故选 C 考点：考查了对磁感应强度的理解 点评：关键是知道磁场磁感应强度和外界因素无关，当通电导线和磁场平行时，受到的磁场力为零， 如图所示，条形磁铁放在水平桌面上，在其正中央的上方固定一根长直导线，导线与磁铁垂直，给导线通以垂直纸面向外的电流，则 （ ） A磁铁对桌面压力减小，不受桌面的摩擦力作用 B磁铁对桌面压力减小，受到桌面的摩擦力作用 C磁铁对桌面压力增大，不受桌面的摩擦力作用 D磁铁对桌面压力增大，受到桌面的摩擦力作用 答案： A 试题分析：在磁铁外部，磁感线从 N 极指向 S 极，长直导线在磁铁的中央上方，导线所在
15、处磁场水平向左；导线电流垂直于纸面向外，由左手定则可知，导线受到的安培力竖直向下；由牛顿第三定律可知，导线对磁铁的作用力竖直向上，因此磁铁对桌面的压力减小，因为这两个力的方向都是竖直方向的，所以磁铁不会发生相对运动，也就不会产生摩擦力故选 A 考点：电流的磁场对磁针的作用 点评： 本题应先选导线为研究对象，然后由牛顿第三定律判断磁铁的受力情况，巧妙地选取研究对象，是正确解题的关键 磁铁在高温下或者受到敲击时会失去磁性，根据安培的分子电流假说，其原因是（ ） A分子电流消失 B分子电流的取向变得大致相同 C分子电流的取向变得杂乱 D分子电流的强度减弱 答案： C 试题分析：原来有磁性的物体，经过
16、高温、剧烈震动等作用后分子电流的排布重新变的杂乱无章，分子电流仍然存在且强度也没有发生变化，但分子电流产生的磁场相互抵消，这样就会失去磁性，故只有 C正确 故选 C 考点：分子电流假说 点评：原来有磁性的物体，经过高温、剧烈震动等作用后分子电流的排布重新变的杂乱无章，分子电流仍然存在且强度也没有发生变化，但分子电流产生的磁场相互抵消，这样就会失去磁性 实验题 在用电压表和电流表测电池的电动势和内阻的实验中，所用电压表和电流表的内阻分别为 1 k和 0.1 ，图为实验原理图及所需器件图 (1)在图中画出连线，将器件按原理图连接成实物电路 (在答题纸上画 ) (2)一位同学记录的 6组数据见表，试
17、根据这些数据在图中画出 U-I图象，根据图象读出电池的电动势 E _ V，求出电池的内阻 r_ （内阻保留两位有效数字） . I(A) 0.12 0.20 0.31 0.32 0.50 0.57 U(V) 1.37 1.32 1.24 1.18 1.10 1.05 答案：（ 1） (2) 1.45 0.69 试题分析： (1)按照实验原理图将实物图连接起来，如图甲所示 (2)根据 U、 I数据，在方格纸 U-I坐标系上找点描迹如图乙所示，然后将直线延长，交 U轴于 U11.45 V，此即为电源电动势；交 I轴于 I0.65 A，注意此时U2 1.00 V，由闭合电路欧姆定律得 I ，则 r 0
18、.69 . 甲 考点：测定电源的电动势和内阻；闭合电路的欧姆定律 点评：解决本题的关键掌握伏安法测量电源电动势和内阻的原理，即 E=U+Ir，会根据 U-I图线求电源的电动势内阻 计算题 磁感应强度为矢量，它可以分解为几个分量。 (1)如果北半球某处地磁场的磁感应强度大小为 B，与水平方向的夹角为 且斜向下，那么该处地磁场的磁感应强度的水平分量和竖直分量各为多大？ (2)如果地理南、北极和地磁北、南极是重合的，那么在赤道上空磁 场的竖直分量是多大？在极地上空地磁场的水平分量是多大？ 答案： (1)Bx Bcos By Bsin (2)By 0 Bx 0 试题分析： (1)如图所示磁感应强度大小
19、为 B，与水平方向的夹角为 ，所以地磁场的磁感应强度的水平分量和竖直分量分别为： Bx Bcos， By Bsin。 (2)在赤道上空，因为 0，故有 By 0；在极地上空，因为 90，故有 Bx 0。 考点：考查了磁感应强度的计算 点评：关键是知道磁感应强度是矢量，相加减遵循平行四边形定则 如图所示，电源的电动势是 6 V，内阻是 0.5 ，小电动机 M的线圈电阻为0.5 ，限流电阻 R0为 3 ，若理想电压表的示数为 3 V，试求： (1)电源的功率和电源的输出功率； (2)电动机消耗的功率和电动机输出的机械功率 答案： (1)6 W 5.5 W (2)2.5 W 2 W 试题分析： (1)I IR0 1 A；电源的功率 PE IE 6 W；内电路消耗的功率 Pr I2r 0.5 W（ 2分）；电源的输出功率 P出 PE-Pr 5.5 W. (2)电动机分压 UM E-Ir-UR0 2.5 V；电动机消耗的功率 PM IUM 2.5 W；热功率 P热 I2rM 0.5 W；）电动机输出的机械功率 P机 PM-P热 2 W. 考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律 点评：本题关键抓住电路中电压分配和能量的关系，不能直接根据欧姆定律这样来求解电路中电流，因为电动机工作时，欧姆定律不成立
