1、2012-2013学年山东省聊城市某重点中学高二第四次模块检测物理试卷与答案（带解析） 选择题 关于电阻和电阻率的说法中，正确的是 （ ） A导体对电流的阻碍作用叫导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻 B金属导体的电阻率与导体长度成正比，与横截面积成反比 C某些金属、合金和化合物的电阻率随温度的降低会突然减小为零，这种现象叫 做超导现象。发生超导现象时的温度叫 ”转变温度 ” D将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一 答案： C 试题分析：导体对电流的阻碍作用叫导体的电阻，电阻是导体本身的性质，与有没有电流无关， A错；导体的电阻率由材料本身性质决定，并随着温
2、度的变化而变化，导体的电阻与长度、横截面积有关，与导体两端电压及导体中电流大小无关， B正确；某些金属、合金和化合物的电阻率随温度的降低会突然减小为零，这种现象叫做超导现象。发生超导现象时的温度叫 ”转变温度 ”,C 正确；将一根导线等分为二，电阻率不是变化的， D错误 考点：考查对电阻定律的理解 点评：难度较小，对于电阻是对电流的阻碍作用要有清楚的认识，不要有只有导体才有电阻的错误看法， 对电阻定律要有明确的认识，知道定义式和决定式的区别 以下说法中，正确的是 A电荷处于磁场中一定受到洛伦兹力 B运动电荷在磁场中一定受到洛伦兹力 C洛伦兹力对运动电荷一定不做功 D洛伦兹力可以改变运动电荷的速
3、度方向 答案： CD 试题分析：如果电荷静止，则不受洛伦兹力作用，如果运动的电荷运动方向和磁场方向平行，则也不受洛伦兹力作用， AB错误，洛伦兹力方向总是和速度方向垂直，所以洛伦兹力对粒子不做功，只改变粒子的运动方向， CD正确 考点：考查了对洛伦兹力的理解 点评：难度较小，洛伦兹力是运动方向和磁场方向不平行的粒子受到的力，并且洛伦兹力只改变速度方向不改变速度大小 在如图所示电路中， R1、 R2、 R3均为可变电阻。当开关 S闭合后，两平行金属板 M、 N 间有一带电液滴正好处于静止状态，为使带电液滴向上做加速运动，可采取的措施是 A增大 R1 B减小 R2 C减小 R3 D增大 M、 N
4、间距 答案： B 试题分析：当增大 电阻时，没有作用，因为 电阻与两平行金属板相串联，然而两板间没有电流，所以 电阻两端没有电势差故 A 错误；当 减小时，导致总电阻减小，所以总电流变大，则 变阻器电压变大，故 B正确；当减小时，导致总电阻减小，所以总电流变大，则 电阻两端电压变大，那么变阻器电压变小，故 C错误；当增大 MN 间距时，由于平行板两端电压不变，则两板间的电场强度变小，所以电场力小于重力，故 D错误 考点：考查带有电容器电路的动态分析 点评：难度中等，解决此类问题的方法是先分析局部电阻变化，再分析总电阻变化，分析电源内电压变化，再分析局部电阻和电流变化，也可根据 “串反并同 ”的
5、结论判断 如图所示， B、 C、 D三点都在以点电荷 +Q 为圆心，半径为 r的圆弧上，将一试探电荷从 A点分别移到 B、 C、 D各点时，电场力做功是 A. B. C. D. 答案： D 试题分析：以 +Q 为圆心的圆周是一条等势线， B、 C、 D三点电势相等，则 A与 B、 C、 D三点的电势差 U相等根据电场力做功公式 W=qU可知，电荷从圆内 A点分别移到 B、 C、 D各点时，电场力做的功相等， D对； 考点：考查电场力做功特点 点评：难度较小，本题要抓住电场力做功的特点来判断：电场力做功只与起点、终点间的电势差有关，与路径无关，注意 W和 U的下角标 如图所示，用粗细均匀的电阻丝
6、折成平面梯形框架， ab、 cd边均与 ad边成60角， ab bc cd L，长度为 L的电阻丝电阻为 r，框架与一电动势为 E，内阻为 r的电源相连接，垂直于框架平面有磁感应强度为 B的匀强磁场，则框架受到的安培力的合力大小为 ( ) A 0 BC D 答案： C 试题分析：由闭合电路欧姆定律计算出到线中电流的大小，由 F=BIL计算安培力的大小。 由图可知框架的 ad边电阻与 abcd边的电阻并联接在电源两端，则电路总电阻为： ，总电流 ，梯形框架受到的安培力的合力大小为： 考点：考查安培力大小的计算 点评：难度中等， 容易出错的地方是忽略了 BIL中 L为有效长度，学生对本题主要是按部
7、就班的计算，没有预知到两个分电流之和正好是干路电流 如图所示的两种电路中，电源相同，各电阻器阻值相等，各电流表的内阻相等且不可忽略不计 .电流表 A1、 A2、 A3和 A4读出的电流值分别为 I1、 I2、 I3和I4.下列关系式中正确的是（ ） A I1 I 3 B I 1 I 4 C I 2 2I 1 D I 2 I 3 I 4 答案： BD 试题分析：甲图中，电流表 A2分一部分电压，并联部分的电压比乙图中并联部分的电压小，电流表 A1、 A3、 A4所在支路的电阻相同，所以两条支路中的电流不同， ； B正确；甲图中，电流表 A1的示数比另一条支路中的电流小，所以 ； C错误；甲图总电
8、阻为：,乙图总电阻为： , 由 ,可知 即 I 2 I 3 I 4； D正确 考点：并联电路的电流规律 点评：难度较大，本题难度在于电表内阻都不能忽略，可把电流表看做小电阻处理，明确串并联关系，必要的时候利用公式推导 如图所示电路中，电源的内电阻为 r， R1、 R3、 R4均为定值电阻，电表均为理想电表闭合电键 S，当滑动变阻器 R2的滑动触头 P向右滑动时，电表的示数都发生变化，下列说法错误的是（ ） A电压表示数变大 B电流表示数变小 C外电路等效电阻变大 D内电路消耗的功率变大 答案： D 试题分析：根据电路的结构， 与 并联，与 串联，再与 并联，可知，当 P向右滑动时， 增大，外电
9、路总电阻增大，则电压表示数 U变大，干路电流 I减小，由功率公式 则知道内电路消耗功率减小；根据干路电流 I与 电流的变化情况，来判断 电流 的变化情况；由 U与 的变化情况，可分析得出 的电流增大，而 ，则可知 变小。 根据电路的结构， 与 并联，与 串联 ，再与 并联，当 P向右滑动时，增大， 与 并联电阻增大，外电路总电阻 R总增大，干路电流 I减小，路端电压 U增大，即电压表示数变大，故 A正确， C正确；由 知，内电路消耗的功率变小，故 D错误由 知， I减小， 增大，则 减小，减小，而 与 并联的电压 ， U增大， 减小则 增大，则的电流 变大，又电流表的电流 ， I减小， 增大，
10、则 减小，故B正确。 考点：闭合电路动态分析 点评：难度较大，首先应画出等效电路图，明确串并联关系，注意闭合电路中任一部分电阻增大则总电阻增大，任一部分电阻减小则总电阻减小，由部分电路电阻的变化确定总电阻的变化，确定通过电源的电流的变化，得到路端电压的变化，再由部分电路欧姆定律分析各部分电路的电流电压的变化。解决这类动态分析问题的基础是认识电路的结构，并采用控制变量法进行分析 跳水运动员从 高的跳台上跳下（不计阻力），在下落的过程中（ ） A运动员克服重力做功 B运动员的机械能在减少 C运动员的动能减少，重力势能增加 D运动员的动能增加，重力势能减少 答案： D 试题分析：由机械能守恒条件判机
11、械能是否守恒，由重力做功情况判断重力势能的变化及动能的变化。跳水运动员从台上跳下后下落过程中，运动方向与重力的方向是相同的，重力做正功； A错误 ;由于不计阻力，只有重力做功，机械能守恒； B错误 ;运动员下落的过程，是重力势能转化为动能的过程，所以下落过程中，动能增加，重力势能减少； D正确 考点：重力做功与重力势能的变化 点评：难度较小 , 注意机械能守恒的条件是只有重力做功，动能与重力势能相互转化，机械能总量不变 下列关于第一宇宙速度的说 法中正确的是（ ） A第一宇宙速度又称为逃逸速度 B第一宇宙速度的数值是 11.2km/s C第一宇宙速度的数值是 7.9km/s D第一宇宙速度是卫
12、星绕地球运行的最小线速度 答案： C 试题分析：第一宇宙速度是人造卫星贴近地球表面运行时的速度，又称环绕速度； A错误 ;根据 可知 ，故第一宇宙速度为 7.9km/s，而 11.2km/s是第二宇宙速度； C正确 ;根据 可得人造卫星的速度即轨道半径 r越大卫星运行的速度 v越小，则第一宇宙速度是卫星绕地球运行的最大线速度，卫星的轨道半径越大卫星具有的能量越大， 所以发射速度越大，所以第一宇宙速度是发射人造卫星最小的速度； D错误 考点：考查宇宙速度 点评：卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，由圆周运动规律可得卫星绕地球运行线速度随轨道半径的增大而减小，第一宇宙速度是人造卫星贴近地
13、球表面运行时的速度，即运行半径最小。 一个垂直于磁场方向射入匀强磁场的带电粒子（不计重力）的径迹如图所示，由于对周围气体的电离作用，带电粒子的能量越来越小，但电量未变，则可以断定 A粒子带负电，从 b点射入 B粒子带正电，从 b点射入 C粒子带负电，从 a点射入 D粒子带正电，从 a点射入 答案： A 试题分析：带电粒子在运动过程中，由于动能渐渐减小，根据公式 可得轨道半径也会变小，故粒子是从 b到 a运动，再由图可知洛伦兹力偏向内侧，则粒子带负电， A对； 考点：考查带电粒子在磁场中的运动 点评：难度较小，带电粒子仅在洛伦兹力下做匀速圆周运动，但此时还受阻力，则导致半径变小，所以做螺旋形轨迹
14、运动 如图所示，某空间存在正交的匀强磁场和匀强电场，电场方向水平向右，磁场方向垂直于纸面向里，一个带电微粒由 a点进入电磁场并刚好能沿 ab直线向上运动，下列说法正确的是 A微粒可能带负电，可能带正电 B微粒的机械能一定增加 C微粒的电势能一定增加 D微粒动能一定减小 答案： B 试题分析：对该种粒子进行受力分析得：受到竖直向下的重力、水平方向的电场力、垂直速度方向的洛伦兹力，其中重力和电场力是恒力，沿直线运动，则可以判断出其受到的洛伦兹力也是恒定的，即该粒子是做匀速直线运动，所以选项 D错误 .如果该粒子带正电，则受到向右的电场力和向左下方的洛伦兹力，所以不会沿直线运动，该种粒子一定是带负电
15、，选项 A 错误；该种粒子带负电，向左上方运动，电场力做正功，电势能一定是减少的，选项 C错误 .因为重力势能增加，动能不变，所以该粒子的机械能增加， B对； 考点：考查带电粒子在复合场中运动 点评：难度中等，对于粒子在电场、磁场、重力场中做直线运动，如果受到三个力的作用，那么肯定是匀速直线运动 如图所示，空间存在相互垂直的匀强电场和匀强磁场，电场的方向竖直向下，磁场方向水平（图中垂直于纸面向里），一带电液滴 P 恰好处于静止状态，则下列说法正确的是 A若撤去电场， P可能做匀加速直线运动 B若撤去磁场， P可能做匀加速直 线运动 C若给 P一初速度， P可能做匀速直线运动 D若给 P一初速度
16、， P可能做顺时针方向的匀速圆周运动 答案： CD 试题分析：仅撤去电场，油滴受重力有竖直向下的速度，油滴受洛伦兹力，速度改变，洛伦兹力方向随速度方向的变化而变化，不可能做匀速直线运动，故A错；油滴静止说明不受洛伦兹力，重力和电场力相互抵消，所以仅撤去磁场仍然静止，故 B错； 若 P初速度方向与磁场平行，不受洛伦兹力，重力和电场力抵消， P受力平衡，所以可以做匀速直线运动，故 C正确若 P初速度方向与磁场不平行，重力和电场力抵消，仅受洛伦兹力， P做匀速圆周运动，故 D对 考点：考查带电粒子在复合场中运动 点评：难度中等，粒子在电场、磁场、重力场中做匀速圆周运动，肯定是电场力平衡重力，由洛伦兹
17、力提供向心力 如图所示电路，电压保持不变，当电键 S 断开时，电流表 A 的示数为 0.6A，当电键 S闭合时，电流表的示数为 0.9A，则两电阻阻值之比 R1： R2为（ ） A 1： 2 B 2： 1 C 2： 3 D 3： 2 答案： B 试题分析：当电键 S断开时，电路中只有 ,所以 ,当电键 S闭合时，两电阻并联，所以有： ,联立可得 ， B正确 考点：考查了串并联电路特点 点评：难度较小，做本题的关键是找出开关闭合前后的等效电路图，理清串并联关系 如图所示，虚线 a、 b、 c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨
18、迹， P、Q 是轨迹上的两点。下列说法中正确的是 （ ） A三个等势面中，等势面 a的电势最高 B带电质点一定是从 P点向 Q 点运动 C带电质点通过 P点时的动能比通过 Q 点时小 D带电质点通过 P点时的加速度比通过 Q 点时小 答案： C 试题分析：电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故 c等势线的电势最高， a点的电势最低，故 A错误；带电粒子不一定是从从 P点向 Q 点运动， B错误，电场线的疏密程度可表示电场强度的大小，所以 P 点的电场线较密，粒子在 P 点受到的电场力较大，所以在 P点的加速度大于 Q 点的加速度， D错误，从 P
19、到 Q 过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故 P点的动能小于 Q 点的动能，故带电质点通过P点时的动能比通过 Q 点时小， C正确 考点：考查了带电粒子在电场中的运动问题 点评：难度较小，解决这类 带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化 一负电荷仅受电场力的作用，从电场中的 A点运动到 B点，在此过程中该电荷做初速度为零的匀加速直线运动，则 A、 B两点的场强 EA、 EB及该电荷在A、 B两点的电势能 A、 B之间的关系为 （ ） A EA=EB B AB C EAEB D A=B 答案： A 试题分析：因
20、为电荷作初速度为零的匀加速直线运动，由 可知 a、 m、 q都恒定则 E恒定，故 A正确， C错误；因为是加速运动，动能增加，根据能量守恒定律，电势能减小，故 B正确， D错误 考点：考查电势能与场强的概念 点评：本题难度较小，明确加速度与场强的关系，电场力做正功电势能减小的规律是本题所要考查的重点 关于磁感应强度，下列说法中正确的是 ( ) A若长为 L、电流为 I的导线在某处受到的磁场力为 F，则该处的磁感应强度必为 B由 B 知， B与 F成正比，与 IL成反比 C由 B 知，一小段通电导线在某处不受磁场力，说明该处一定无磁场 D磁感应强度的方向就是小磁针北极所受磁场力的方向 答案： D
21、 试题分析：只有当通电导线和磁场方向垂直时长为 L、电流为 I的导线在某处受到的磁场力为 F，则该处的磁感应强度必为 ， A错误，磁感应强度 B=F/IL是采用比值法定义的， B大小与 F、 IL无关， B由磁场本身决定，故 B错误；当磁感应强度为零，通电导体不受磁场力当通电导体与磁场平行时，不受磁场力，则通电导线所受磁场力为零，该处磁感应强度不一定为零， C错误，磁感应强度的方向可以用小磁针静止时 N 极指向来表示， D正确 考点：考查磁感应强度的理解 点评：难度较小，磁感应强度是通过比值定义得来，例如电场强度也是这种定义，电场强度与电场力及电荷量均没有关系再如密度也是，密 度与物体的质量及
22、体积均无关同时电流元放入磁场中不一定有磁场力，还受放置的角度有关 在图中，水平导线中有电流 I通过，导线正下方的电子初速度的方向与电流I的方向相同，则电子将 ( ) A沿路径 a运动，轨迹是圆 B沿路径 a运动，轨迹半径越来越大 C沿路径 a运动，轨迹半径越来越小 D沿路径 b运动，轨迹半径越来越小 答案： B 试题分析：由右手螺旋定则可知，在直导线的下方的磁场的方向为垂直纸面向外，根据左手定则可以得知电子受到的力向下，所以电子沿路径 a运动；通电直导线电流产生的磁场是以直导线为中心 向四周发散的，离导线越远，电流产生的磁场的磁感应强度越小，由半径公式 可知，电子的运动的轨迹半径越来越大，所以
23、 B正确 考点：考查粒子在磁场中的运动 点评：难度较小，本题的关键是掌握住通电直导线的电流产生的磁场的特点，在根据粒子在磁场中运动的半径的公式即可分析粒子的运动的轨迹的情况 如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。在电场力作用下一带电粒子（不计重力）经 A点飞向 B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是：（ ） A、粒子带正电 B、粒子在 A点加速度大 C、粒子在 B点动能小 D、 A、 B两点相比， B点 电势能较小 答案： C 试题分析：根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电故A错误；由于 B点的电场线密
24、，所以 B点的电场力大，则 A点的加速度较小故 B错误；粒子从 A到 B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少，故 C正确；电场线的疏密程度表示加速度大小，沿着电场线电势降低，所以 B点电势较低，根据公式 可得 B点的电势能较大， D错误 考点：考查带点粒子在电场中的偏转 点评：本题难度较小，主要是对电场线的特点熟悉和认识，包括电 场线与场强、电场线与电势变化的关系，了解曲线运动中力的方向指向曲线的凹侧，是求解本题的突破口考点： 点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧 设两极板正对面积为 S，极
25、板间的距离为 d,静电计指针偏角为 。实验中，极板所带电荷量不变，则下列说法正确的是 ( ) A保持 S不变，增大 d,则 变大 B用手触摸极板 B,则 变小 C保持 d不变，减小 S,则 变小 D在两板间插入电介质 ,则 变小 答案： ABD 试题分析：当板间距离增大时由 知电容 C减小，由 知电势差 U增大，静电计指针的偏转角度增大， A对；当用手触摸极板 B时 ,极板上的电荷量传到人体，则静电计指针的偏转角度 变小， B对；当两板间正对面积减小时由 知电容 C减小，由 知电势差 U增大，静电计指针的偏转角度增大， C错；当两板间插入电介质时由 知电容 C增大，由 知电势差 U减小，静电计
26、指针的偏转角度减小， D对 考点：考查平行板电容器的公式，电容的定义式 点评：难度较小，首先明确是与电源断开，还是与电源连接，要清楚平行板电容器的公式，电容的定义式，会用公式进行相关的计算 质量为 m的通电细杆置于倾角为 的导轨上，导轨的宽度为 L，杆与导轨间的动摩擦因数为 ，有电流通过杆，杆恰好静止于导轨上如下列选项所示(截面图 )，杆与导轨间的摩擦力一定不为零的是 ( )答案： CD 试题分析：杆子受重力、支持力，水平向左的安培力，可知，杆子可能受摩擦力，也可能不受故 A 错误若杆子受的重力与所受的竖直向上的安培力相等，杆子不受摩擦力若重力大于安培力，则受重力、支持力，安 培力、摩擦力所以
27、杆子可能受摩擦力，可能不受摩擦力故 B错误杆子受重力、竖直向下的安培力、支持力，若要处于平衡，一定受摩擦力故 C正确杆子受重力水平向左的安培力、支持力，若要处于平衡，一定受摩擦力故 D正确 考点：考查左手定则的应用 点评：难度较小，解决本题的关键会正确地进行受力分析，能够根据受力平衡判断摩擦力的存在 实验题 测定电源的电动势和内电阻的实验电路和 U-I图像如下 :请回答下列问题 （ 1）在闭合开关之前移为防止电表过载而动滑动变阻器的滑动头 P应放在_处。 （ 2）现备有以下器材： A干电池 1个 B滑动变阻器（ 0 50） C滑动变阻器（ 0 1750） D电压表（ 0 3V） E电压表（ 0
28、 15V） F电流表（ 0 0.6A） G电流表（ 0 3A） 其中滑动变阻器应选 _，电压表应选 _ _，电流表应选 _ _ _。 (填字母代号 ) （ 3）右图是根据实验数据画出的 U-I图像。由此可知这个干电池的电动势E=_ V，内电阻 r =_。 答案：（ 1）在闭合开关之前移为防止电表过载而动滑动变阻器的滑动头 P应放在 a处 ; （ 2） B、 D、 F （ 3） 1.5 ,1 试题分析：（ 1） a处 （ 2）滑动变阻器选 B，因为一节电池电动势为 1.5V，所以电压表选 D，通过电池的电流不超过 0.6A，所以电流表选 F； （ 3）干电池的电动势 E=1.5V，内电阻 r =
29、 =1。 考点：测电源的电动势及内阻 . 某同学用电流表和电压表测干电池的电动势和内阻时，连接电路的实物图如图所示。 指出该同学接线中错误的和不规范的做法是 ( ) A.滑动变阻器，不起变阻作用 B.电流表接线有错 C.电压表量程选用不当 D.电压表接线有错 在虚线框内画出这个实验的正确电路图。 实验桌上有下列三种器材，需要选择 A.新电池一节 B.旧电池一节 C.滑动变阻器 (10,2A) D.滑动变阻器 (500,2A) E.电压表 (3V， 3000) F.电压表 (3V， 5000) 为了减小实验误差 (只填序号 )，则干电池应选用 ；滑动变阻器应选用 ；电压表应选用 答案： AD 如
30、图 B C F 试题分析： 图中滑动变阻器的接法可使得移动划片，滑动变阻器的电阻不变，所以 A正确，电压表的负极和电源的正极相连了，所以 D正确， 如图 旧电池的电阻太大，所以采用新电池 B，滑动变阻器的电阻应 和电池的电阻差不多，这样调节起来比较方便，故选 C，电压表选用内阻较大的，这样分流减小，所以选 F 考点：考查了测干电池的电动势和内阻实验 点评：难度较小，解决本题的关键掌握测量电源电动势和内阻的原理，以及会分析误差形成的原因 计算题 如图所示，水平放置的两块平行金属板长 l =5cm，两板间距 d=1cm，两板间电压为 U=90V，且上板带正电，一个电子沿水平方向以速度 v0=2.0
31、107m/s，从两板中央射入，求： （ 1）电子偏离金属板的侧位移 y0是多少？ （ 2）电子飞出电场时的速度是多少？ （ 3）电子离开电 场后，打在屏上的 P点，若 s=10cm，求 OP的长。 答案： (1) (2) (3) 试题分析：（ 1）电子在电场中做类平抛运动，则： 水平方向有： 竖直方向有： 由 得最大电压为： （ 2）在竖直方向的分速度为： 在水平方向的分速度为： 所以： （ 3）电子飞出电场后，做匀速直线运动，则： 或 考点：考查粒子在电场中的偏转 点评：难度中等 ,带电粒子在电场中的偏转 ,由于电场力方向与速度方向垂直，运动类型为类平抛运动，根据分运动具有独立性和等时性列公
32、式求解 如图所示为一真空示波管，电子从灯丝 K 发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压 U1加速，从 A板中心孔沿中心线 KO射出，然后进入两块平行金属板 M、 N 形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入 M、N 间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的 P点已知加速电压为 U1， M、 N 两板间的电压为 U2，两板间的距离为 d，板长为 L1，板右端到荧光屏的距离为 L2，电子质量为 m，电荷量为 e求： （ 1）电子穿过 A板时的速度大小； （ 2）电子从偏转电场射出时的侧移量； （ 3） P点到 O 点的距离 答案 ：（ 1） （ 2） （ 3）
33、试题分析：（ 1）设电子经电压 U1 加速后的速度为 V0，根据动能定理得：解得： （ 2）电子以速度 0进入偏转电场后，垂直于电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动，设偏转电场的电场强度为 E，电子在偏转电场中运动的时间为 t1，电子的加速度为 ，离开偏转电场时的侧移量为 y1，根据牛顿第二定律和运动学公式得： ，解得： （ 3）设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为 y根据运动学公式得 y=at1 电子离开偏转电场后做匀速直线运动 ,设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为 t2,电子打到荧光屏上的侧移量为 y2,如下图所示 解得 : P至 O 点的距离为 考点
34、：考查带电粒子在电场中的加速和偏转 点评：难度较大，本题难点在于考查学生公式推导能力，首先经过 W=qU计算粒子进入偏转电场的初速度，再由类平抛运动中各分运动具有独立性和等时性求解，注意区分加速电压和偏转电压 如图所示，两平行金属导轨间的距离 L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角 =370，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度 B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面向上的匀强磁 场。金属导轨的一端接有电动势 E=4.5V、内阻r=0.50的直流电源。现把一个质量 m=0.04kg的导体棒 ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止。导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间
35、的电阻 R0=2.5，金属导轨电阻不计， g 取 10m/s2。已知 sin370=0.60，cos370=0.80，求： （ 1）通过导体棒的电流； （ 2）导体棒受到的安培力大小； （ 3）导体棒受到的摩擦力大小。 答案：（ 1） 1.5A（ 2） 0.30N（ 3） f=0.06N 试题分析：（ 1）导体棒、金属导轨和直流电源构成闭合电路，根据闭合电路欧姆定律有： I= =1.5A （ 2）导体棒受到的安培力： F安 =BIL=0.30N （ 3）设导体棒受沿斜面向下的摩擦力 f 根据共点力平衡条件 mg sin37o+f=F安 解得： f=0.06N 方向：沿斜面向下 考点：考查受力平衡的分析 点评：难度较小，根据电路结构求解电流大小，导体棒受到安培力的作用，由受力平衡的分析判断导体棒的受力情况，把重力进行分解或利用力的合成求解
