1、2013-2014学年河北省唐山一中高一上学期期中考试物理试卷与答案（带解析） 选择题 行驶的汽车在刹车后能静止，这是因为（ ） A汽车的惯性消失了 B汽车的惯性小于汽车的阻力 C汽车受到平衡力的作用而静止 D阻力的作用改变了汽车的运动状态 答案： D 试题分析：行驶的洗车在刹车后能静止是因为阻力的作用改变了汽车的运动状态， D正确、 C错误；惯性大小的唯一量度是质量，所以惯性不会消失， A错误；惯性是一种性质，不是力， B错误。 考点：本题考查力是改变物体运动状态的原因。 如图所示，重为 20N的木块放在倾角为 =300的斜面上受到 F = N的水平恒力的作用做匀速直线运动（ F的方向与斜面
2、平行） ,则木块与斜面的滑动摩擦系数为（ ） A 0.6 B /10 C /3 D无法确定 答案： A 试题分析：对物体受力分析，受拉力、重力、支持力和滑动摩擦力；因为物体做匀速直线运动，故受到平衡力的作用，将重力沿着平行斜面和垂直斜面方向正交分解，垂直斜面方向分力 mgcos 与支持力平衡；故拉力、重力的沿斜面向下的分力 mgsin 10N和滑动摩擦力三力平衡，由共点力平衡条件：拉力与重力沿斜面向下的分力夹角为 90，合力为 F 合 ，所以滑动摩擦力 Ff=FN 则 0.6 考点：本题考查共点力作用下的平衡条件。 如图所示，长为 5m的细绳的两端分别系于竖立在地面上相距为 4m的两杆顶端 A
3、、 B，绳上挂一个光滑的轻质挂钩 ,它钩着一个重为 12N的物体。平衡时绳中张力为（ ） A. 8N B. 9N C. 10N D. 11N 答案： C 试题分析：设两杆间的距离为 S，细绳的总长度为 L，挂钩右侧长度为 L1，左侧长度为 L2，由题有 S=4m， L=5m 由几何知识得 S=L1cos+L2cos=Lcos得 cos= 分析挂钩受力情况，根据平衡条件 2Tsin G解得， T= 考点：本题考查共点力作用下物体的平衡。 四个质点作直线运动，它们的速度图象分别如图所示，下列说法中正确的是 ( ) A在第 2秒末，质点（ 2）离出发点最远 B在第 1秒内，质点（ 1）（ 3）（ 4
4、）均做减速运动 C四个质点在 2秒内速度变化快慢相同 D在第 2秒末，质点（ 2）（ 3）偏离出发点距离相同 答案： BCD 试题分析：在 v-t图象中图线和坐标轴围成的面积表示位移知 的位移为零， 的位移相等， A错误， D正确；在第 1秒内，质点（ 1）（ 3）（ 4）速度越来越小均做减速运动 ,B正确；四个质点在 2秒内的斜率大小相同，而斜率代表加速度，加速度大小相同代表速度变化快慢相同， C正确。 考点：本题考查速度图象的理解。 一只气球以 10 m/s的速度匀速上升，某时刻在气球正下方距气球 6 m处有一小石子以 20 m/s的初速度竖直上抛，若 g取 10 m/s2，不计空气阻力，
5、则以下说法正确的 ( ) A石子一定追不上气球 B石子一定能追上气球 C若 气球上升速度等于 7 m/s，其余条件不变，则石子在到达最高点时追上气球 D若气球上升速度等于 9 m/s，其余条件不变，则石子在抛出后 1 s末追上气球 答案： AD 试题分析：设石子经过时间 t后速度与气球相等，则 此时间内气球上升的位移由 x=vt=10m，石子上升的位移为由 因为 15-10m=5m 6m，所以石子一定追不上气球，故 A正确， B错误；若气球上升速度等于 9m/s，在石子在抛出后 1s末，气球上升的位移为 9m，石子上升的位移为 15m因为 15-9m=6m，所以 1s末石子追上气球，故 D正确
6、；由以上分析可 知，当气球上升速度等于 9m/s，在 1s 末追上气球，所以当气球上升速度等于 7m/s，石子追上气球的时间肯定小于 1s，而石子到的最高点的时间为 2s，所以石子在达到最高点之前就追上气球了，故 C错误 考点：本题考查追及相遇问题。 物体第 1s由静止向东做加速度为 1m/s2的匀加速直线运动，第 2s加速度方向向西，大小不变，以后每隔 1s加速度的方向都改变一次，但大小不变，如此反复只改变加速度的方向，共历时 1 min。则在此 1min内（ ） A物体时而向东运动，时而向西运动，在 1 min 末静止于初始位置之西 B物体一直向东运动，从不向西运动，在 1 min 末静止
7、于初始位置之东 30m的位置 C物体时而向东运动，时而向西运动，在 1 min 末继续向东运动 D物体一直向东运动，从不向西运动，在 1 min 末静止于初始位置之东 15m的位置 答案： B 试题分析：第 1s物体向东做匀加速直线运动，位移由 ， 1s后加速度向西物体向东做匀减速直线运动， 2s末物体处于静止状态，这 1s发生的位移 物体在 2s内进行一个循环，一直向东加速，减速，静止，静止是在物体原位置的东侧，每一个循环发生的位移为 1m 1min之后物体正好进行了 30个循环，物体处于静止状态，在原位置的东侧 30m 考点：本题考查匀变速直线运动的规律。 缓冲装置可抽象成如图所示的简单模
8、型，图中 A、 B为原长相等、劲度系数分别为 k1、 k2(k1k2)的两个不同的轻质弹簧，下列表述正确的是 ( ) A装置的缓冲效果与两弹簧的劲度系数无关 B垫片向右移动稳定后，两弹簧产生的弹力之比 F1 F2 k1 k2 C垫片向右移动稳定后，两弹簧的长度之比 l1 l2 k2 k1 D垫片向右移动稳定后，两弹簧的压缩量之比 x1 x2 k2 k1 答案： D 试题分 析：装置的缓冲效果与两弹簧的劲度系数有关，劲度系数小的缓冲效果好， A错误；当垫片向右移动稳定后，两弹簧均被压缩，两弹簧串联弹力大小相等， B错误；当垫片向右移动稳定后，两弹簧均被压缩，两弹簧串联弹力大小相等，根据胡克定律知
9、，压缩量之比为 x1： x2=k2： k1，而此时弹簧的长度为原长减去压缩量，所以两弹簧的长度之比 l1： l2k2： k1， C错误；垫片向右移动时，两弹簧均被压缩，两弹簧串联弹力相等，由于劲度系数不同，两弹簧形变量不同，故两弹簧长度不同，故 D正确 考点：本题考查胡克定律。 在 “验证平行四边形定则 ”的实验中，用 A、 B两个弹簧秤拉橡皮条的结点，使其位于 O处，如图所示，此时， ，现在保持 A读数不变，减小 角，要使结点仍在 O处，可采用的办法是（ ） A.增大 B的读数，同时减小 角 B.减小 B的读数，同时减小 角 C.增大 B的读数，同时增大 角 D.保持 B的读数不变，同时增大
10、 角 答案： B 试题分析：要保证结点不动，应保证合力不变，则由平行四边形定则作图如下： 由图可知：合力不变， A 方向向合力方向靠拢即减小 角，则 B 的拉力应减小，同时应减小 角；故 ACD错误， B正确 考点：本 题考查平行四边形定则的应用。 一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动直到停止。从汽车开始运动起计时，下表给出了某些时刻汽车的瞬时速度。根据表中的数据通过分析、计算可以得出 ( ) 时刻（ s） 1.0 2.0 3.0 5.0 7.0 9.5 10.5 速度 (m/s) 3.0 6.0 9.0 12 12 9.0 3.0 A汽车加速运动的加速度为 4m/s
11、2 B汽车匀速运动的时间为 5s C汽车减速运动的加速度大小为 6m/s2 D汽车减速运动的时间为 1.5s 答案： BC 试题分析：根据前 3s的运动规律，汽车做匀加速运动的加速度为 3m/s2，则 4s时的速度为 12m/s,从第 5s开始做匀速直线运动， A错误；根据 9.5s 10.5s，可求匀减速运动的加速度为 -6m/s2， C正确；根据 可求 9s时的速度为12m/s及减速为 0的时刻为 11s，则物体匀减速运动的时间为 2s， D错误；物体从 4s时到 9s时做匀速运动，匀速运动的时间为 5s， B正确。 考点：本题考查匀变速直线运动的规律。 如图所示 ,小球沿斜面向上运动 ,
12、 依次经 a、 b、 c、 d到达最高点 e.已知ab=bd=8m, bc=2m,小球从 a到 c和从 c到 d所用的时间都是 2s, 则 ( ) A a=-1m/s2 B vc=4m/s C de=2m D从 d到 e所用时间为 3s 答案： ABC 试题分析： c到 d和 a到 c的位移差为 -4m，根据 x=aT2可求加速度 a -1m/s2,A正确；设时间间隔 T 2s,C点是 ad过程的中间时刻，则 ， B正确；根据 可求 ce间的距离为 8m， 则 de 2m,C正确；根据 : 可求 d点的速度 vd =2m/s,可求从 d到 e所用的时间为 2s， D错误。 考点：本题考查匀变速
13、直线运动的规律。 如图所示，一个小球从斜面上的 A点由静止开始做匀加速直线运动 ,经过 3 s后到斜面底端 B点 ,并开始在水平地面做匀减速直线运动 ,又经过 9 s停止于 C点 ,设小球经过点 B时速度大小不变 ,则小球在斜面上运动的距离与在水平面上运动的距离之比是 ( ) A 1 3 B 1 2 C 1 1 D 3 1 答案： A 试题分析： AB过程和 BC过程均做匀变速直线运动，设 B点的速度为 V，则AB过程的平均速度与 BC过程的平均速度相同为 ，根据位移 得两过程的位移之比为 1： 3， A正确。 考点：本题考查匀变直线运动规律的应用。 A、 B两物体做匀变速直线运动， A的加速
14、度 ， B的加速度， 根据这些条件做出的以下判断，其中正确的是（ ） A A做的是匀加速运动， B做的是匀减速运动 B运动 1s的时间 A的速度增加 3 ，而 B的速度减少 5 C B的加速度大于 A的加速度 D两个物体的运动方向一定相反 答案： C 试题分析：加速还是减速直线运动，取决于加速度与速度的方向是相同还是相反，相同做加速直线运动，相反做减速直线运动，和加速度方向没有关系， AB错误；题中不能判断运动方向， D错误； B的加速度大于 A的加速度，但 AB加速度的方向相反，正负代表方向， C正确。 考点：本题考查加速度；物体做加、减速度直线运动的条件。 实验题 （ 6分）我们用如图所示
15、装置探究弹力与弹簧伸长的关系，某同学先测出不挂砝码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，然后在弹簧下端挂上砝码，并逐个增加砝码，测出指针所指的标尺刻度，所得数据列表如下：（重力加速度g=9.8m/s2） 砝码质量0.00 1.00 2.00 3.00 4.00 5.00 6.00 7.00 标尺刻度15.00 18.94 22.82 26.78 30.66 34.60 42.00 54.50 （ 1）根据所测数据，在右图坐标纸中作出弹簧指针所指的标尺刻度值与砝码质量的关系曲线。 （ 2）根据所测得的数据和关系曲线可以判断，力在 范围内弹力大小与弹簧伸长关系满足胡克定律，这种弹簧的劲度系数为 。 答案：
16、 0 4.9N 25.0 试题分析：根据所画图象可以看出，当 m5.00102g 0.5kg时，标尺刻度 x与钩码质量 m成一次函数关系，所以在 F4.9N范围内弹力大小与弹簧伸长量满足胡克定律，由胡克定律 F kx可知，图线斜率的大小在数值上等于弹簧的劲度系数 k，则 k 25.0N/m. 考点： 本题考查应用图象解决问题的能力。 （ 8分）（ 1）如图所示为用打点计时器记录小车运动情况的装置，开始时小车在水平玻璃板上匀速运动，后来在薄布面上做匀减速运动，所打出的纸带如图所示 (附有刻度尺 )，纸带上相邻两点对应的时间间隔为 0.02 s. 从纸带上记录的点迹情况可知，小车在玻璃板上做匀速运
17、动的速度大小为_m/s；小车在布面上运动的加速度大小为 _m/s2。 （ 2）在某次研究匀变速直线运动规律的实验时，某同学得到了几条较为理想的纸带，他已在每条纸带上按每 5个点取好一个计数点，依打点的先后次序编为0、 1、 2、 3、 4、 5。由于不小心，几条纸带都被撕断了。请根据给出的、四段纸带回答问题。 在、三段纸带中选出从纸带上撕下的那段应该是 。 打纸带时，物体的加速度大小是 _ m/s2。 答案：（ 1） 0.90m/s 5.0m/s2 （ 2） C 0.60m/s2 试题分析：小车做匀速直线运动在纸带上打出的点分布是均匀的，由 可求小车匀速运动的速度为 0.90m/s，在薄布面上
18、做匀减速运动根据 x=aT2,可求加速度为 5.0m/s2. 根据 x=aT2 6.0mm，可求加速度 a=0.60m/s2,x45-x12=3 aT2=18mm，则x45=56.0mm 考点：本题考查利用纸带求加速度。 计算题 （ 8分）如图所示，一段长为 L = 1 m的棒，上端悬挂在天花板上 P点，棒的正下方固定着一个高为 d = 1m的中空圆筒 Q。棒被释放后自由落下，它通过圆筒所需时间为 t = 0.5 s。求：圆筒上缘离天花板的距离 h。（ g 取 10 m / s2） 答案： 试题分析：圆筒下落为自由落体运动，设从开始下落到棒的下端运动到圆筒的上缘 （如图 1）用时为 t1，下落
19、到棒离开 (如图 2)用时为 t2，由自由落体运动特点得： ，则 （ 2分） ，则 （ 2分） 棒通过圆筒的时间 （ 1分） 将数据代入解得 。（ 3分） 考点：本题考查自由落体运动规律。 （ 10 分）一辆摩托车行驶的最大速度为 30m/s，现让该摩托车从静止出发，要在 4mid内追上它前方相距 1500m，正以 20m/s的速度在平直公路上行驶的汽车，则该摩托车行驶时，至少应具有多大的加速度？ 答案： .5m/s2 试题分析：假设摩托车一直匀加速追赶汽车，则： V0t+S0 a = m/s2（ 2分） 摩托车追上汽车时的速度： V = at = 240 = 52.5 m/s （ 2分） 因
20、为摩托车的最大速度为 30m/s，所以摩托车不能一直匀加速追赶汽车。应先匀加速到最大速度再匀速追赶。 （ 4分） 其中 （ 1分） 由（ 4）得： t1=60s a=0.5m/s2（ 2分） 考点：本题考查追及相遇问题。 （ 20分） A、 B两辆货车在同一车道上同向行驶 ,A在前 ,速度为 v=10m/s, B车在后速度 v =30m/s。因大雾能见度低 ,B车在距 A车 时 ,才发现前方有 A车，这时 B车立即刹车 , 但要经过 900mB车才能停止。问： （ 1） A车若仍按原速前进，两车是否会相撞 如果会相撞，从 B发现 A经过多长时间相撞？ （ 2） B车在刹车的同时发出信号 , A
21、车司机在收到信号 1s后以 1m/s2的加速度加速前进，则 A、 B能否相撞？如果不相撞 A、 B间的最小距离为多少？ 答案： 会相撞， 20s 不会相撞 153.5m 试题分析：根据 B滑行的距离，由 ，得 B的加速度为：当 B的速度等于 A的速度时， B运动的位移由： 得运动时间 t= ,此时 A运动的位移 ， XB-XA 400m300m，所以会相撞。设相撞时间为 t1,则相撞时 AB的位移相等即解得 t1=20s或 60s,因为 B停止的时间为 ，所以 t1=20s （ 2）设从 B发出信号到 A、 B共速的时间为 ， A加速的时间为 ， 带入数据得： =14s。（ 2分） 此时， ， 带入数据得： （ 2分） 带入数据得： （ 3分） 根据两者位移， ，所以两者不会相撞。（ 1分） 两者间的最小距离为： 。（ 2分） 考点：本题考查追及相遇问题。
