1、12019 届湖北省武汉市华中师范大学第一附属中学高三上学期期中考试理科综合物理试题物理注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。3 非 选 择 题 的 作 答 ： 用 签 字
2、笔 直 接 答 在 答 题 卡 上 对 应 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。第 I 卷（选择题)一、单选题1在下列说法中，不正确的是（ ）A在物理学中，比值法是一种定义物理量的常用方法，速度 、加速度 、电场强度 、电势 、电容 等物理量都是用比值法定义的B伽利略通过斜面理想实验说明了力不是维持物体运动的原因C“月地检验”说明地面上物体所受地球引力、月球所受地球的引力，与太阳、行星间的引力遵从相同的规律D牛顿在实验室里通过
3、几个铅球间万有引力的测量，比较准确地得出了引力常量 G 的数值，G 的普适性成了万有引力定律正确性的见证2甲、乙两个物体在同一直线上做直线运动,其加速度分别为 a 甲 =+2m/s2和 a 乙 = ，关于甲、乙两物体的运动,可以肯定的是( )A甲的加速度比乙的大B甲做匀加速直线运动,乙做匀减速直线运动C乙的速度比甲的变化快D每经过 1 s，乙的速度就减小 4 m/s3竖直墙壁上固定有一个光滑的半圆形支架， AB 为其直径，支架上套着一个小球，细线的一端悬于 P 点，另一端与小球相连。已知半圆形支架的半径为 R，细线长度为 L，且 R L 2R。现将细线的上端点 P 从图示实线位置沿墙壁缓慢下移
4、至 A 点（虚线位置），在此过程中细线对小球的拉力 FT及支架对小球的支持力 FN的大小变化情况为（ ）A FT和 FN均增大B FT和 FN均减小C FT先减小后增大， FN先增大后减小D FT先增大后减小， FN先减小后增大4某汽车以恒定功率 P、初速度 v0冲上倾角 =15的斜坡时，汽车受到的摩擦阻力恒定不变，空气阻力忽略不计，则汽车上坡过程的 v-t 图象不可能是下图中的（ ）A BC D5如图所示，矩形滑块由材料不同的上下两层粘合而成，它静止于光滑的水平面上，质量为 m 的子弹以速度 v 水平射向滑块。若射击下层，子弹刚好不射出；若射击上层，则子弹刚好能射穿一半厚度，上述两种情况相比
5、较（ ）A子弹和滑块的最终速度不同B滑块对子弹的阻力不一样大C子弹对滑块做功不一样多D系统产生的热量不一样多二、多选题此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 26北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能。北斗系统中两颗工作卫星 1 和 2 均绕地心 O 做匀速圆周运动，轨道半径均为 r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的 A、 B 两位置，如图所示，若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为 g，地球半径为 R， 不计卫星间的相互作用力，下列判断正确的是（ ）A两颗卫星的向心力大小一定相等B两颗卫星的向心加速度大小均为C卫星 1 由位置 A 运动到位置 B 所
6、需时间可能为D卫星 1 点火加速后即可追上卫星 27如图所示，一质量为 M、上表面为一半径为 R 的半球面凹槽静止于水平面上，凹槽的最低点放一质量为 m 的小球，不计一切摩擦和空气阻力，现给小球一瞬时水平冲量，小球获得初速度v0，在以后运动过程中，下列说法正确的是( )A若小球无法冲出凹槽，小球上升的最大高度 H 一定小于B若小球能冲出凹槽，小球上升的最大高度C若小球能冲出凹槽，小球有可能不会落回凹槽中D小球第 12 次返回凹槽的最低点时，凹槽的速度最大8如图所示,真空中有一个边长为 L 的正方体,在它的两个顶点 M、 N 处分别固定等量异号点电荷,图中的 a、 b、 c、 d 也是正方体的顶
7、点, e、 f、 g、 h 均为所在边的中点，关于这些点的电场强度和电势，下列说法正确的是( )A a、 b 两点电场强度相同，电势相等B c、 d 两点电场强度不同，电势相等C e、 f 两点电场强度相同，电势不等D g、 h 两点场强大小相同，电势不等第 II 卷（非选择题)三、实验题9如图所示，某物理兴趣小组设计了一个实验来验证机械能守恒定律，实验操作如下：(1)用游标卡尺测出小钢球的直径 d，读数如下图，图中上部分为刻度放大图，d=_mm。(2)用一轻质细线一端栓接一质量为 m 的小钢球，细线的另一端固定于悬点 O，竖直背景板是一个圆心在 O 点的大量角器，大量角器的零度刻线水平，让小
8、钢球静止在最低点，用毫米刻度尺量出悬线长为 l。3(3)将小钢球拉起，细线被水平拉直，此时小钢球位置记为 A， OA 与大量角器零度刻线等高、平行，在小钢球下摆的路径上选一位置 B,读出 OB 与 OA 的夹角 ，将光电门固定在位置 B（小球通过 B 点时光线恰好能通过球心）上。现让小钢球从 A 点从静止释放,运动过程中小钢球不与背景板摩擦、碰撞，用光电门测出小钢球通过光电门的时间 t ，那么在小钢球从 A 到 B 的过程中，小钢球的重力势能减少量 E P=_ , 动能增加量 E k=_ ,（写出表达式，题中字母为已知量），观察在误差允许的范围内 E P与 E k是否相等。(4)在小钢球下摆的
9、路径上再分别选取 C、 D、 E、 F多个位置，重复刚才实验，得出实验结论。一般情况下，实验中测算出来的重力势能减少量 E P _ 动能增加量 E k （填写“等于”、“大于”或“小于”）。10某同学打算用半偏法测量电压表的内阻 RV，他画的电路图如图所示，实验室提供了如下器材：A待测电压表(3V，内阻 1800 左右)B电源 E(6V，1A，内阻很小)C电阻箱 R1 (0999.9)D电阻箱 R2 (09 999.9)E滑动变阻器电阻箱 R3 (020，2A) F滑动变阻器电阻箱 R4 (02 000，1A)G单刀单掷开关 K 和导线若干该同学的实验操作如下：a按如图电路连接好电路；b先将电
10、阻箱的阻值调为零，并将滑动变阻器的滑片调至最左端，然后闭合开关 K，调节滑动变阻器，使电压表恰好满偏；c再调节电阻箱的阻值和滑动变阻器滑片的位置，使电压表的指针恰好指在刻度正中间位置，此时电阻箱的示数为 R，则电压表内阻 RV=R。请你完成下列问题(1)该同学电路图有多处明显错误，请在答题卡中指定方框内画出正确的电路图，并标出仪器符号（例如：电阻箱若选电阻箱 R1，那么就在电路图中该电阻旁标注 R1）_。(2)如果采取正确的电路图，该同学的上述实验操作仍有不妥之处，不妥之处是_。(3)如果电路图和实验操作均正确，电压表内阻的测量值_真实值(填写“大于”、“等于”或“小于”)。四、解答题11在光
11、滑水平面上放有 A、 B 两物块， A 的质量 M =3kg, B 的质量 m=1kg， A 上固定一根水平轻质弹簧， A 处于静止状态， B 以速度 v0=4m/s 冲向 A，并与弹簧发生作用，已知 A、 B 始终在同一条直线上运动，试求，在 B 与弹簧作用过程中：(1)弹簧弹性势能的最大值 EP;(2)A 的最大速度和 B 的最小速度.12如图所示，一对平行金属板 M、 N 长为 L，相距为 d， O1O2为中轴线。当两板间加电压UMN=U0时，两板间为匀强电场，忽略两极板外的电场。某种带负电的粒子从 O1点以速度 v0沿 O1 O2方向射入电场，粒子恰好打在上极板 M 的中点，粒子重力忽
12、略不计。(1)求带电粒子的比荷 ；(2)若 M、 N 间加如图乙所示的交变电压，其周期 ，从 t=0 开始，前 内 UMN=2U，后 内UMN= -U，大量的上述粒子仍然以初速度 v0沿 O1O2方向持续射入电场，最终所有粒子恰好能全部离开电场而不打在极板上，求 U 的值；(3)同(2)，求所有粒子在运动过程偏离中轴线最远距离的最大值 Y 与最小值 y 的比值.413如图所示，均匀薄壁 U 形管，左管上端封闭，右管开口且足够长。管的横截面积为 S，内装密度为 的液体。右管内有一质量 m 的活塞搁在固定卡口上，卡口与左管上端等高，活塞与管壁间无摩擦且不漏气。温度为 T0时，左、右管内液面高度相等
13、，两管内空气柱长度均为 L，压强均为大气压强 p0。现使两管温度同时缓慢升高，求（1）温度升高到多少时，右管活塞开始离开卡口上升？（2）继续升温，当温度升高到多少时，左管内液面下降 h？14在同种均匀介质中有相距 4m 的两个波源 S1、 S2，它们在垂直纸面方向振动的周期分别为 T1=0.8s、 T2=0.4s，振幅分别为 A1=2cm、 A2=1cm，在介质中沿纸面方向传播的简谐波的波速v=5m/s。 S 是介质中一质点，它到 S1的距离为 3m，且 SS1 S1S2，在 t=0 时刻， S1、 S2同时开始垂直纸面向外振动，求：（1） S1、 S2在 t=0 时的振动传到质点 S 的时间
14、差（2） t=l0s 时，质点 S 离开平衡位置的位移大小。五、填空题15如图所示，一气缸固定在水平面上，气缸内活塞 B 封闭着一定质量的理想气体，假设气缸壁的导热性能很好，环境的温度保持不变。若用外力 F 将活塞 B 缓慢地向右拉动，则在拉动活塞的过程中，关于气缸内气体，下列说法正确的是_.A单个气体分子对气缸壁的平均作用力变小B单位时间内，气体分子对左侧气缸壁的碰撞次数变少C外界对气体做正功，气体向外界放热D气体对外界做正功，气体内能不变E气体是从单一热源吸热，全部用来对外做功，但此过程并未违反热力学第二定律16用双缝干涉测光的波长的实验装置如图所示，调整实验装置使屏上可以接收到清晰的干涉
15、条纹。关于该实验，下列说法正确的是_。A若将滤光片向右平移一小段距离，光屏上相邻两条明纹中心的距离增大B若将光屏向右平移一小段距离，光屏上相邻两条暗纹中心的距离增大C若将双缝间的距离 d 减小，光屏上相邻两条暗纹中心的距离增大D若将滤光片由绿色换成红色，光屏上相邻两条暗纹中心的距离增大E为了减少测量误差，可用测微目镜测出 n 条明条纹间的距离 a，则相邻两条明条纹间距为2019 届 湖 北 省 武 汉 市 华 中 师 范 大 学 第 一 附 属 中 学 高 三 上 学 期 期 中 考 试 理 科 综 合 物 理 试 题物 理 答 案1D【解析】A、电场强度与放入电场中的电荷无关 ，电场中的电势
16、定义式 ，电容 C 由本身的性质决定，与所带的电荷量及两端间的电势差无关 ，速度的定义式 、加速度的定义式 ，均为比值定义法定义的物理量；A 正确.B、伽利略用理想实验说明了力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因；故 B 正确.C、月-地检验表明地面物体和月球受地球的引力，与太阳行星间的引力遵从相同的规律；C正确.D、牛顿发现了万有引力定律 100 多年后，卡文迪许在实验室里通过几个铅球之间的万有引力的测量，比较准确地得出了万有引力常量 G 的数值；故 D 错误.本题选不正确的故选 D.【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要多看书，加强记忆
17、2C【解析】A、加速度的正负表示方向，可知甲的加速度大小小于乙的加速度大小，但方向相反，故 A错误.B、加速度的方向已知，但不知道甲和乙的初速度方向，故无法判断两物体是加速或者减速；故 B 错误.C、由加速度 可知物理意义是速度的变化快慢，则乙的速度比甲的变化快；故 C 正确.D、加速度的正负表示方向，乙的加速度为负，所以每经过 1 s，乙的速度变化了 4m/s，但可以是速度增大或者速度的减小；故 D 错误.故选 C.【点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系3A【解析】小球受重力、细线的拉力和支持力，由于平衡，三个
18、力可以构成矢量三角形，如图所示：根据平衡条件，该矢量三角形与几何三角形 POC 相似，故有： ，解得：， ；当 P 点下移时， PO 减小， L、 R 不变，故 FT增大， FN增大；故选 A.【点睛】本题的关键是对小球进行受力分析，然后根据矢量三角形与几何三角形相似，列式分析各力的变化这是非直角三角形的情况下是常用的方法4B【解析】汽车冲上斜坡，受重力 mg、支持力 N、牵引力 F 和阻力 f，设斜面的坡角为 ，根据牛顿第二定律，有 F-mgsin -f=ma，其中 ，故 .B、C、若 a0，则物体加速运动，加速度会减小，当加速度减为零时，速度达到最大，故C 正确，B 错误；A、若 a=0，
19、则物体速度不变，做匀速运动，故 A 正确；D、若 a0，即加速度沿斜面向下，物体减速，故加速度会减小（因为加速度的绝对值减小，负号表示方向，不表示大小），故 D 正确；本题选不可能的故选 B.【点睛】本题关键是先对物体受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解出加速度的一般表达式，再结合实际情况判断速度的改变情况5B【解析】A、两种情况最终都相对静止而共速，根据动量守恒 知，最后滑块获得的速度（最后滑块和子弹的公共速度）是相同的，故 A 错误.D、子弹嵌入下层或上层过程中，系统产生的热量都等于系统减少的动能，而子弹减少的动能一样多（子弹初末速度分别相等）；滑块能加的动能也一样多，则系统减少的动能一
20、样，故系统产生的热量 一样多；故 D 错误 .B、系统产生的热量 一样多，由于子弹相对滑块的位移两次是不相同的，所以子弹和滑块间的阻力不一样大； 故 B 正确.C、滑块获得的动能是相同的，根据动能定理，滑块动能的增量等于子弹做的功，所以两次子弹对滑块做的功一样多；故 C 错误.故选 B.【点睛】本题的关键是用动量守恒知道子弹只要留在滑块中，他们的最后速度就是相同的；这是一道考查动量和能量的综合题6BC【解析】A、两卫星均由万有引力提供向心力 ，轨道半径 r 相同，但卫星的质量 m 不相同，则向心力大小不一样；A 错误.B、由 ，和黄金代换式 ，联立可得向心加速度 ；故 B 正确.C、根据 和
21、可得，两卫星的周期 ，而 A 点到 B 点的圆周运动具有周期性，时间可为 (n=0,1,2,3.)，而当 n=1 时， ；故 C 正确.D、若卫星 1 向后喷气，则其速度会增大，卫星 1 将做离心运动，运动半径变大且运动更慢，所以卫星 1 不可能追上卫星 2；故 D 错误.故选 BC.【点睛】关于做圆周运动的卫星类问题，要灵活运用两个公式 ， GM=gR2，注意卫星若加速则做离心运动，减速则做向心运动.7AB【解析】A、若小球的初速度 v0较小，在小球相对凹槽上升最高点时“相对静止”，两者水平共速，而球的竖直速度为零；系统水平方向动量守恒，有： ，系统只有重力做功，机械能守恒有： ，联立解得
22、；故 A 正确.B、若小球的初速度 v0较大，小球能相对凹槽向上运动，满足水平共速 ，竖直方向有速度，由系统水平方向动量守恒 ，系统机械能守恒有：，此后小球再单独上升 h1，有 ，故总高度为 ，联立解得： ；故 B 正确.C、若小球能离开凹槽，则做斜上抛运动，但离开时球和凹槽具有相同的水平速度，故小球一定能落回凹槽；C 错误.D、根据运动的重复性可知，奇数次返回凹槽底端时速度向左，正经历了压力向右下而让槽向右加速的过程，凹槽的速度达到最大；偶数次返回凹槽底端时速度向右，经历了压力向左下而让槽向右减速的过程，速度变小；故第 12 次次返回凹槽的最低点时，凹槽的速度最小；D 错误.故选 AB.【点
23、睛】小球和凹槽组成的系统在水平方向上动量守恒，抓住系统只有重力做功得出系统机械能守恒.8ACD【解析】A、根据等量异种电荷的电场线分布，结合 a、 b 两点连线在两点电荷连线的中垂线上，可知，a、 b 两点的电场强度大小相等，方向相同，而中垂面是 0V 的等势面；故 A 正确.B、c、d 两点的场强用场强的矢量叠加原理可知大小相等，方向不同；而电势与中垂面比较可知 ；故 B 错误.C、 e、 f 两点的场强用场强的矢量叠加原理结合对称性可知大小相等，方向相同；电势同样满足 ；故 C 正确.D、 g、 h 两点场强用场强的矢量叠加原理结合对称性可知大小相等，方向不同；中垂面的电势为零，电势与中垂
24、面相比较可知 ；故 D 正确.故选 ACD.【点睛】常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题9（1）12.35 （2） ； （3）大于【解析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读；根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出小球的速度；根据动能表达式，从而得出动能的量增加，再结合下降的高度求出重力势能的减小量.(1)游标卡尺的主尺读数为 12mm，游标尺上第 1 个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为 70.05mm
25、=0.35mm，所以最终读数为：12mm+0.35mm=12.35mm.(2)小球的摆动过程，摆长为悬点到球心的距离 ，则重力做功引起重力势能的减少量为 ；在小球通过光电门的过程中，挡住光的时间极短，则瞬时速度 ，故增加的动能为 .(3)因球的摆动过程中有空气阻力做负功，则减小的重力势能转化为增加的动能和内能，即.【点睛】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量；频闪照片的处理方法与纸带的处理方法类似，抓住某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出瞬时速度的大小是解题的关键.10（1）（2）步骤 c 中滑动变阻器滑片位置应该保持不变（3）大
26、于【解析】(1)用半偏法测电阻时，先使电阻箱阻值为零，调节滑动变阻器滑片使电压表满偏，后保持滑片位置不变，调整电阻箱的阻值使电压表半偏，则电阻箱阻值等于电压表内阻,则电阻箱的最大阻值要大于电压表的内阻，故与电压表串联的电阻箱要改为 R2；控制电路的滑动变阻器要用分压式且要减小系统的误差，则阻值要选小电阻 R3；题图的分压式接线接错.为了安全应尽量接入电路的电阻阻值大，故滑片在最右端；正确的电路如图所示：(2)用半偏法测电阻时，先使电阻箱阻值为零，调节滑动变阻器滑片使电压表满偏，后保持滑片位置不变，调整电阻箱的阻值使电压表半偏，则电阻箱阻值等于电压表内阻，才能认为总电阻几乎不变；故 c 步骤中滑
27、动变阻器滑片位置应该保持不变.(3)由于外电路电阻增加，导致干路电流减小，故内电压减小，路端电压升高，进而推知电压表和电阻箱的总电压会增加，而电压表的电压为原来电压的一半，则电阻箱的电压大于电压表的半偏数值，由串联分压与电阻的关系得，测量值偏大.【点睛】半偏法是测电表内阻的常用方法，此时电表看成能显示电流或电压的定值电阻，不可当成理想电表，不过要注意分析误差来源；要注意滑动变阻器的两种接法及各个接法的使用条件11（1）6J （2）2m/s,0【解析】(1)当两者速度相等时，弹簧的弹性势能最大，设速度为 v，由动量守恒定律和机械能守恒定律有：联立解得：(2)当弹簧恢复原长时， A 的速度最大，由
28、动量守恒定律和机械能守恒定律有：联立联解得： ，所以 A 的最大速度为 2m/s，方向向右.此时 B 的速度已经反向，所以 B 的最小速度为 0.【点睛】本题要分析清楚运动过程，确定研究的对象，明确动量守恒定律的条件及应用，灵活应用能量关系即可正确求解12(1) (2) (3)【解析】(1)设粒子经过时间 t0打在 M 板中点，沿极板方向有：垂直极板方向有：加速度联立解得：(2)粒子通过两板时间 ，从 t=0 时刻开始，粒子在两板间运动时，每个电压变化周期的前三分之一时间内方向垂直极板的加速度大小为：或在每个电压变化周期的后三分之二时间内方向垂直极板的加速度大小为：所有粒子刚好能全部离开电场而
29、不打在极板上，可以确定在 t=nT 或 (n=0,1,2）时刻进入电场的粒子恰好分别从极板右侧上、下边缘处飞出它们在电场方向偏转的距离最大，则：，可解得：(3)可以确定在 t=nT 或 T（n=0，1，2）时刻进入电场的粒子恰好分别从极板右侧上、下边缘处飞出它们在运动过程中电场方向偏转的距离最大，则偏离中轴线最大位移为：在所有粒子刚好能全部离开电场而不打在极板上，可以确定在 或(n=0,1,2.)（ n=0，1，2）时刻进入电场的粒子恰好从中轴线飞出它们在运动过程中电场方向偏转的距离最小，则偏离中轴线最小位移为： 所以粒子在运动中偏离中轴线最小位移与最大位移比值的大小为： 【点睛】本题考查带电
30、粒子在电场中的运动，关键要正确分析带电粒子的运动情况，要掌握电场中类平抛运动的研究方法：运动的合成与分解法，运用动力学规律解答13（1） (2)【解析】（1）活塞未离开卡口前，右管内气体发生等容变化，由查理定律有刚离开时，由活塞平衡可知解得（2）随着活塞上升，右管内气体的压强不变 ；当左管液面下降 h 时，左管气体的压强为对左管气体，由理想气体状态方程有。【点睛】（1）先根据平衡条件求解出活塞在离开卡口前后右管内气体压强，然后根据查理定律列方程求解；（2）先求解出左管内气体已知的状态参量，然后根据理想气体状态方程列式求解14(1)0.4s （2）2cm【解析】（1）由题意可知： ；S1在 t=
31、0 时的振动传到 S 质点的时间：S2在 t=0 时的振动传到 S 质点的时间 ，S1、S 2在 t=0 时的振动传到 S 质点的时间差为 ；（2）t=l0s 时质点 s 按 S1的振动规律已经振动了 ，即 t=10s 时 S1引起质点 S 的位移大小为： ；t=l0s 时质点 s 按 S2的振动规律已经振动了： ，即 t=10s 时 S2引起质点 S 的位移为 ；l0s 时质点 s 离开平衡位置的位移为 S1和 S2单独传播引起 S 位移的矢量和，故.15BDE【解析】A、由理想气体状态方程知，等温变化过程中，体积增大，压强减小，即所有分子的平均作用力变小，但分子做无规则热运动，大量分子只能
32、得到统计规律，无法衡量某一个分子的撞击力是否变化；A 错误.B、气体的温度不变，则分子运动的激烈程度不变，气体的压强减小，根据压强的微观意义可知，气体分子单位时间对气缸壁单位面积碰撞的次数将变少；故 B 正确.C、D、气体体积变大，故气体对外做功；又气缸壁的导热性能良好，环境的温度保持不变，故气体做等温变化，温度不变即内能不变，则气体从外界吸热；C 错误，D 正确.E、在变化的过程中，气体不断的从外界吸收热量用来对外做功，但引起了其它变化如 F 做了功，此过程没有违反热力学第二定律；E 正确.故选 BDE.【点睛】该题结合理想气体的状态方程考查热力学第一定律,热力学第二定律和压强的微观解释，关键点在气体等温变化16BCD【解析】A、根据双缝干涉的的间距公式 ， 由双缝的距离 d，双缝到光屏的距离 L 和入射光的波长 共同决定，而将滤光片向右平移，条纹间距不变；故 A 错误.B、将光屏向右平移一小段距离即 L 增大，可知 增大；B 正确.C、将双缝间的距离 d 减小，由 知 增大；C 正确.D、将滤光片由绿色换成红色，可知波长变大，则光屏上的两个相邻暗条纹间的距离增大；D 正确.E、 n 条亮纹之间有 n-1 个间距，则相邻条纹的间距为 ；故 E 错误.故选 BCD.【点睛】解决本题的关键掌握双缝干涉条纹的间距公式 ,并能灵活运用
