1、- 1 -安徽省蚌埠铁路中学 2018-2019 学年高一物理上学期期末复习试题（三） （含解析）1.2008 年 9 月 25 日晚 21 点 10 分，我国在九泉卫星发射中心将我国自行研制的“神州 7 号”宇宙飞船成功地送上太空，飞船绕地球飞行一圈时间为 90 分钟。则下列说法正确的是A. “21 点 10 分”和“90 分钟”前者表示“时间”后者表示“时刻”B. 宇宙飞船在加速上升过程中航天员处于超重状态，在即将落地前用制动火箭使返回舱减速到某一安全值，在这段时间内飞船处于失重状态。C. 卫星绕地球飞行一圈平均速度为 0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为 0D. 地面卫星控制中心在对飞船进
2、行飞行姿态调整时可以将飞船看作质点【答案】C【解析】【详解】21 点 10 分”表示“时刻” ， “90 分钟”表示“时间” ，A 错误；宇宙飞船在加速上升过程中，加速度向上，航天员处于超重状态，在即将落地前用制动火箭使返回舱减速到某一安全值，加速度向上，航天员也处于超重状态，B 错误；飞船绕地球飞行一圈的位移为零，所以绕地球飞行一圈平均速度为 0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为 0，C 正确；地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时不可以将飞船看作质点，否则没有“姿态”可言，D错误2.某汽车在启用 ABS 刹车系统和不启用该刹车系统紧急刹车时，其车速与时间的变化关系分别如下图中的、图线所示
3、由图可知，启用 ABS 后A. t1时刻车速更小B. 0 t1的时间内加速度更小C. 加速度总比不启用 ABS 时大D. 刹车后前行的距离比不启用 ABS 更短【答案】D- 2 -【解析】【分析】根据速度图象，直接比较车速的大小，由斜率等于加速度，比较加速度的大小由“面积”等于位移，比较位移的大小。【详解】A、由图看出，启用 ABS 后 t1时刻车速更大。故 A 错误。BC、由斜率等于加速度的大小得到，启用 ABS 后 0t 1的时间加速度更小，t 1t 2的时间内加速度更大。故 B 错误，C 错误。D、根据速度图象的“面积”等于位移大小看出，刹车后前行的距离比不启用 ABS 更短。故D 正确
4、。故本题正确答案选 D【点睛】本题要结合速度图象来分析汽车的速度、加速度和位移的大小，抓住斜率等于加速度、 “面积”等于位移是基本方法。3.如图所示的直线和曲线分别是在平直公路上行驶的汽车 a 和 b 的位移时间（xt）图线由图可知（ ）A. 在 0 到 t1这段时间内，a 车的速度大于 b 车的速度B. 在 0 到 t1这段时间内，a 车的位移等于 b 车的位移C. 在 t1到 t2这段时间内，a 车的平均速度大于 b 车的平均速度D. 在 t1到 t2这段时间内，a 车的平均速度等于 b 车的平均速度【答案】D【解析】试题分析：位移时间关系图线反映物体的位移随时间的变化规律，图线的斜率表示
5、速度纵坐标的变化量表示位移平均速度等于位移与时间之比根据这些知识进行分析两物体的运动情况解：A、根据图线的斜率表示速度，可知，在 0 到 t1这段时间内，a 车的速度小于 b 车的速度，故 A 错误B、根据纵坐标的变化量表示位移，可知，在 0 到 t1这段时间内，a 车的位移小于 b 车的位- 3 -移故 B 错误CD、在 t1到 t2这段时间内，两车的位移相等，时间相等，则平均速度相等，故 C 错误，D 正确故选：D【点评】解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的切线斜率表示瞬时速度，位移等于纵坐标的变化量4.目前我交警部门开展的“车让人”活动深入人心，不遵守“车让人”的驾驶员将
6、受到罚款、扣分的严厉处罚，如图所示，以 8 m/s 匀速行驶的汽车即将通过路口，有一老人正在过人行横道，此时汽车的车头距离停车线 8 m该车减速时的加速度大小为 5 m/s2.则下列说法中正确的是( ) A. 如果驾驶员立即刹车制动，则 t2 s 时，汽车离停车线的距离为 2 mB. 如果在距停车线 6 m 处开始刹车制动，汽车能在停车线处刹住停车让人C. 如果驾驶员的反应时间为 0.4 s，汽车刚好能在停车线处刹住停车让人D. 如果驾驶员的反应时间为 0.2 s，汽车刚好能在停车线处刹住停车让人【答案】D【解析】【详解】若汽车做匀减速直线运动，速度减为零的时间 t0 1.6 s2 s，所以从
7、刹车到停止的位移 x1 m6.4 m，汽车离停车线的距离为 8 m6.4 m1.6 m，故 A错误；如果汽车在距停车线 6 m 处开始刹车制动，刹车位移是 6.4 m，所以汽车不能在停车线处刹住停车让人，故 B 错误；刹车的位移是 6.4 m，所以车匀速运动的位移是 1.6 m，则驾驶员的反应时间 t s0.2 s 时汽车刚好能停在停车线处，故 C 错误，D 正确；故选D5. 如图所示是骨折病人的牵引装置示意图，细绳的一端固定，另一端绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内若要- 4 -使脚所受的拉力减轻一点，可采取的方法是A. 只减小重物的
8、质量B. 只增加细绳的长度C. 只将两定滑轮的间距增大D. 只将病人的脚向左移动【答案】AC【解析】试题分析：对与动滑轮接触的一小段绳子受力分析，如图受到绳子的两个等大的拉力 F1=F2=mg，2F 1cos=F，解得 F=2mgcos。要减小拉力 F，关键是要增大角 或者减小 m，故 A 正确；增加绳子长度不会改变角度 ，故不会改变力 F，故B 错误；将脚向左移动，会减小角 ，会增加拉力，故 D 错误；由几何关系可知，两个滑轮间距增大，会增加角 ，故拉力 F 会减小，故 C 正确；故本题选 AC考点：力的合成与分解在生活实际中的应用6.图所示，绳与杆均不计重力，承受力的最大值一定A 端用绞链
9、固定，滑轮 O 在 A 点正上方(滑轮大小及摩擦均可忽略)，B 端吊一重物 P，现施加拉力 FT将 B 缓慢上拉(均未断)，在杆达到竖直前( ) - 5 -A. 绳子越来越容易断B. 绳子越来越不容易断C. 杆越来越容易断D. 杆越来越不容易断【答案】B【解析】因为轻杆，力的作用点在杆的一端，故杆中的作用力沿杆的方向。对 B 点受力分析，如图，当 角减小时，绳中拉力减小。杆受到的压力沿杆的方向，故杆无所谓易断不易断。故 B项正确。7.如图所示，人重 600 N，平板重 400 N，如果人要拉住平板，他必须用力（ ）牛。A. 250N B. 500 N C. 600 N D. 750 N【答案】
10、A【解析】【分析】对人和平板整体受力分析，受重力和三根绳子的拉力，根据平衡条件列式求解即可【详解】对人和平板整体受力分析，如图：- 6 -根据平衡条件，有 ，故 T=250N，A 正确【点睛】本题关键对任何滑轮整体受力分析，然后根据平衡条件列式求解；如果对人和平板分别受力分析，同样可以根据平衡条件求解出绳子的拉力，但要是问题复杂化8.如图所示,一夹子夹住木块,在力 F 作用下向上提升. 夹子和木块的质量分别为 m、M,夹子与木块两侧间的最大静摩擦力均为 f. 若木块不滑动,力 F 的最大值是A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】隔离对木块分析，通过牛顿第二定律求出木块的最大加速度，
11、再对整体分析，运用牛顿第二定律求出拉力 F 的最大值【详解】对木块分析得 ，解得木块的最大加速度为 ，对整体分析得，将 a 代入解得 ，A 正确【点睛】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解注意整体法和隔离法的运用- 7 -9.如图所示是一种汽车安全带控制装置的示意图当汽车处于静止或匀速直线运动时，摆锤竖直悬挂，锁棒水平，棘轮可以自由转动，安全带能被拉动当汽车突然刹车时，摆锤由于惯性绕轴摆动，使得锁棒锁定棘轮的转动，安全带不能被拉动若摆锤从图中实线位置摆到虚线位置，汽车的可能运动方向和运动状态是A. 向右行驶、突然刹车B. 向左行驶、突然刹车C. 向左行驶、突然加速D.
12、 向右行驶、突然加速【答案】AC【解析】【分析】对物体进行受力分析，可知物体所受合力方向向左，故汽车向左作匀加速运动或向右作匀减速运动【详解】对摆锤进行受力分析，如图所示，所以物体在水平方向所受合力不为 0 且方向向左，故物体的加速度方向向左，所以若汽车运动方向向左，即向左作匀加速运动，若汽车运动方向向右，即向右作匀减速运动，AC 正确。10.2008 年 8 月 17 日，在北京奥运会 3 米跳水比赛中，我国跳水运动员郭晶晶成功卫冕冠军如图所示为她跳水前的起跳动作下列说法正确的是- 8 -A. 郭晶晶受到弹力的直接原因是跳板发生了形变B. 郭晶晶对跳板的压力就是她的重力C. 郭晶晶能跳得高的
13、原因之一，是因为板对她的作用力远大于她的重力D. 郭晶晶能跳得高的原因之一，是因为她对板的作用力远大于板对她的作用力【答案】AC【解析】【分析】弹力产生的条件必须是与物体接触，并要发生形变，跳板发生了形变，才会对人有弹力，人之所以能够向上运动就是因为板对她的作用力远大于她的重力，人有了向上的合力【详解】跳水运动员受到弹力就是由于跳板发生了形变，从而对与跳板接触的人产生了力的作用，A 正确；跳水运动员对跳板的压力和她的重力，受力物体不同，它们不是一个力，而是两个不同的力，所以不能说跳水运动员对跳板的压力就是她的重力，B 错误；对板跳水运动员之所以能跳起来，就是因为板对她的作用力远大于她的重力，这
14、样跳水运动员才会向上运动，才能够跳得高，C 正确；板对人的作用力与人对板的作用力，是作用力和反作用力，它们大小相等，方向相反，D 错误【点睛】弹力产生的条件必须是与物体接触，并要发生形变；根据牛顿第三定律，作用力与反作用力的关系是大小相等，方向相反11.如图所示，弹簧左端固定，右端自由伸长到 O 点并系住物体 m，现将弹簧压缩到 A 点，然后释放，物体一直可以运动到 B 点然后返回，如果物体受到的阻力恒定，则A. 物体从 A 到 O 点先加速后减速B. 物体运动到 O 点时所受合力为零，速度最大C. 物体从 A 到 O 做加速运动，从 O 到 B 做减速运动D. 物体从 A 到 O 的过程加速
15、度逐渐减小- 9 -【答案】A【解析】开始时物体做加速运动，加速度减小，而当弹力等于阻力时物体加速度为零，此时开始做减速运动，加速度开始增大，故 A 错误；由于物体受到阻力作用，故 O 点时的合外力不为零，故 B 错误；物体从 A 点至 O 点先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增大的减速运动，故 C 正确，D 错误。所以 C 正确，ABD 错误。12.利用传感器和计算机可以研究力的大小变化情况，实验时让某同学从桌子上跳下，自由下落 H 后双脚触地，他顺势弯曲双腿，其重心又下降了 h，计算机显示该同学受到地面支持力 F 随时间变化的图象如图所示，根据图象提供的信息，以下判断错误的是（
16、）A. 从 0 至 t2时间内该同学处于失重状态B. 在 t2至 t3时间内该同学处于超重状态C. t3时刻该同学加速度为零D. 在 t3到 t4时间内该同学的加速度在逐渐减小【答案】C【解析】【分析】根据支持力和重力的大小关系，运用牛顿第二定律判断加速度的方向，从而判断出该同学所处的状态【详解】在到 时间内，支持力的大小小于重力，加速度大小向下，所以该同学处于失重状态，A 正确；在 到 时间内，支持力的大小大于重力，加速度方向向上，所以该同学处于超重状态，B 正确； 时刻，支持力大于重力，合力不为零，加速度不为零，C 错误；根据牛顿第二定律得 ，在 到 时间内，F 在减小，所以加速度在减小，
17、D 正确【点睛】解答本题要知道超重失重的含义，当加速度方向向上时超重，当加速度方向向下时失重，难度不大，属于基础题- 10 -13.在做“练习使用打点计时器”的实验时，图中所示的是某次实验的纸带，舍去前面比较密的点，从 0 点开始往后数 5 个点记为计数点 1，从 1 点往后数 5 个点记为计数点 2，类似得计数点 3，那么相邻两个计数点之间的时间间隔为_ s，各计数点与 0 计数点之间的距离依次为 x13.00cm、 x27.50cm、 x313.50cm，则物体通过 1 计数点的速度v1_ m/s，通过 2 计数点的速度 v2_m/s，运动的加速度a=_m/s2。【答案】 (1). 0.1
18、s (2). (3). (4). 【解析】【分析】每 5 个连续点取 1 个计数点，所以相邻两个计数点之间的时间为 0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式 可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上 1 点时小车的瞬时速度大小【详解】每 5 个连续点取 1 个计数点，所以相邻两个计数点之间的时间 ，根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，所以，根据推论公式 得：14.在“验证力的平行四边形定则”的实验中（1）采用的科学方法是_A理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法（2）下列是某同学在做该实验的一些看法，
19、其中正确的是_（填相应的字母） A拉橡皮筋的绳线要细长，实验中弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行- 11 -B拉橡皮筋结点到某一位置 O 时，拉力要适当大些，读数时视线要正对弹簧秤刻度C拉橡皮筋结点到某一位置 O 时，两个弹簧秤之间夹角应取 90以便于算出合力大小D实验中，橡皮筋应该与两个弹簧秤之间夹角的平分线在同一直线上E实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到 O 点（3）实验中的情况如图甲所示，其中 A 为固定橡皮筋的图钉，OB 和 OC 为绳线O 为橡皮筋与绳线的结点，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图图
20、乙中的 F 与 F两力中，方向一定沿 AO 方向的是_（填 F 或 F）【答案】 （1）B（2）AB（3）【解析】试题分析：（1）该实验中采用的科学方法是等效替代法故 B 正确，ACD 错误故选 B（2）A、拉橡皮筋的绳线要细长，便于确定拉力的方向；要准确地表示出拉力的大小和方向，故实验中弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行，故 A 正确；B、为减小读数的误差，拉橡皮筋结点到某一位置 O 时，拉力要适当大些；读数时视线要正对弹簧秤刻度，故 B 正确；C、平行四边形定则中两个分力的夹角是任意的，故拉橡皮筋结点到某一位置 O 时，两个弹簧秤之间夹角是任意的，故 C 错误；D、实验中，两个
21、分力的大小不一定相同，故合力不一定在其角平分线上，故 D 错误；E、在实验中，拉力不需太大，也不要太小，不需要先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，故 E 错误故选 AB（3）F 1与 F2的合力的实际值测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形定则得到的值方向一定沿 AO 方向的是 F。考点：验证力的平行四边形定则15.有些航空母舰上装有帮助飞机起飞的弹射系统，已知某型号的战斗机在跑道上加速时可能产生的最大加速度为 5m/s2，当飞机的速度达到 50m/s 时才能离开航空母舰起飞，设航空母舰处于静止状态。问：（1）若要求该飞机滑行 160m 后起飞，弹射系统
22、必须使飞机具有多大的初速度？（2）若某舰上不装弹射系统，要求该种飞机仍能此舰上正常起飞，问该舰身长至少应为多长？- 12 -【答案】 （1）30m/s（2）250m【解析】【分析】运用速度位移公式 进行求解【详解】 （1）根据速度位移公式 得 ；（2）不装弹射系统时， ，解得 16.质量为 m=2kg 的物体，静止在水平面上，它们之间的动摩擦因数 =0.5，现对物体施F=20N 的作用力，方向与水平成 =37 0（sin37 0=0.6）角斜向上，如图所示（g=10m/s 2） 。求：（1）物体运动的加速度；（2）若物体运动 4s 后撤去力 F，物体运动的总路程是多少？【答案】 （1） （2）
23、【解析】【分析】对物体受力分析，正交分解，根据牛顿第二定律列方程求解即可；求出物体运动 4s 时的末速度大小和位移大小，然后求出撤去力 F 后的加速度，再由位移速度公式求解减速过程的位移即可【详解】 （1）取物体运动的方向为正方向，由牛顿第二定律得： ，竖直方向受力平衡： ，又： 联合得： ；- 13 -（2）前 4 秒内： ；4s 末的速度： ，4s 后： ，得： ，得通过的总路程是： 17.如图所示，一小滑块静止在倾角为 370的斜面底端，滑块受到外力冲击后，获得一个沿斜面向上的速度 v0=4m/s，斜面足够长，滑块与斜面之间的动摩擦因数为 =0.25，已知sin370=0.60，cos3
24、7 0=0.80，g 取 10m/s2，求：（1）滑块沿斜面上滑过程中的加速度的大小；（2）滑块沿斜面上滑的最大距离；【答案】 （1） （2）10m【解析】试题分析：（1）设滑块质量为 m，上滑过程的加速度大小为 a，根据牛顿第二定律，有所以，（2）滑块上滑做匀减速运动，根据位移与速度的关系公得最大距离考点：考查了牛顿第二定律与运动学公式的应用【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时，特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中的运动性质，根据牛顿第二定律求加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根据运动学公式求解加速度然后根据加速度利用牛顿第二- 14 -定
25、律求解力18.民用航空客机的机舱一般都设有紧急出口，飞机发生意外情况着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个气囊（由斜面 AC 部分和水平面 CD 部分构成的） 。如图所示为某气囊斜面，机舱离底端的竖直高度 AB=3.0m，斜面长 AC=5.0m，斜面与水平面 CD 段间有一段小圆弧平滑连接。一个质量 m=60kg 的旅客从气囊上由静止开始滑下，最后滑上水平面上的某点静止。已知旅客与气囊斜面部分及水平面部分的动摩擦因数均为 =0.5。 （不计空气阻力，g=10m/s2 ，sin37=0.6 和 cos37=0.8） 。 （计算结果可保留根号）求：(1)人在斜面上运动时的加速度大小；(2)人滑到斜面底端 C 时的速度大小；(3)人滑过 C 点后还要多久才能停下。【答案】 （1）2m/s 2（2）2 m/s（3） s【解析】试题分析：(1)根据物体受力：重力、支持力、滑动摩擦力则且则：a= gsin37- gcos37=2m/s2(2)根据运动学公式 求得 Vc= = 2 m/s(3)在水平面上：滑动摩擦力提供加速度即所以 a2= g=5m/s2根据 即 则 t= s考点：牛顿第二定律、匀变速直线运动规律点评：此类题型属于物理上常见的受力分析，通过牛顿第二定律求出物体加速度，并结合匀变速直线运动规律将所需物理量求出。- 15 -
