1、1奋斗中学 20182019-1高二年级第二次月考物理试题一、单项选择题1. 电源电动势的大小反映的是A. 电源把电能转化为其他形式的能的本领大小B. 电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小C. 电源单位时间内传送电荷量的多少D. 电流做功的快慢【答案】B【解析】电动势在数值上等于非静电力将 1 C的正电荷在电源的内部从负极移到正极所做的功，做了多少功，就有多少其他形式的能转变为电能，所以电动势的大小反映电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小；单位时间内流过的电荷量表示电流；做功的快慢表示功率，所以 ACD错误，B 正确。2.如右图所示，因线路故障，按通 K时，灯 L1 和 L2均不亮，用
2、电压表测得Uab=0，U bc=4V，U cd=0由此可知断路处为( )A. 灯 L1 B. 灯 L2C. 变阻器 D. 不能确定【答案】B【解析】【详解】由题 ，则灯 发生断路，因为断路时，电路无电流，其两端的电势分别Ubc=4V L2等于电源两极的电势，其电势差等于电源的电动势；而对于完好的电阻，阻值一定，电流时，根据欧姆定律可知，其电压 ，由题： ， 。由题 ，I=0 U=IR=0 Uab=0V Ucd=0V Ubc=4V则可知：灯 和变阻器 R没有发生断路，故选项 B正确，选项 ACD错误。L1【点睛】本题是电路中故障分析问题，往往哪段电路的电压等于电源的电压，哪段电路发2生断路，可用
3、电压即为电势差来理解。3. 下列说法正确的是（ ）A. 磁场中某处磁感强度的大小，等于长为 L，通以电流 I的一小段导线放在该处时所受磁场力 F与乘积 IL的比值B. 一小段通电导线放在某处若不受磁场力作用，则该处的磁感应强度为零C. 因为 BFIL，所以磁场中某处磁感应强度的大小与放在该处的导线所受磁场力 F的大小成正比，与 IL的大小成反比D. 磁场中某处磁感应强度的大小与放在磁场中的通电导线长度、电流大小及所受磁场力的大小均无关【答案】D【解析】磁场中某处磁感强度的大小，等于长为 L，通以电流 I的一小段导线垂直放在该处时所受磁场力 F与乘积 IL的比值，A 错误，若通电导线电流方向与磁
4、场方向平行，磁场不为零，但安培力为零，B 错误，磁场中某处磁感应强度的大小与放在磁场中的通电导线长度、电流大小及所受磁场力的大小均无关，C 错误，D 正确。4.在下面的图中，小磁针指向标画正确的是：（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：小磁针 N极的指向与磁场的方向一致，BC 直接根据磁场方向判断即可，AC 先由右手定则判断磁场的方向然后判断小磁针指向解：A、由右手定则判断出顺着电流方向看磁场为顺时针，小磁针处切线方向竖直向上，故N极向上，A 正确；B、磁铁外部磁场由 N极指向 S极，故小磁针 N极应向下指，B 错误；3C、由右手定则判断螺线管左边为 N极，同名磁极相互排斥
5、，则小磁针 N极在右侧，故 C错误；D、U 磁铁外部磁场由 N极指望 S极，小磁针 N极应指向磁铁 S极，D 错误故选：A【点评】此题考查了安培定则和磁极间的作用规律的应用安培定则中共涉及三个方向：电流方向；线圈绕向；磁场方向；关于这方面的考查，一般是直接或间接告诉其中的两个，利用安培定则来确定第三个方向5.如图所示，在水平匀强磁场中放置一矩形线圈，线圈平面与磁场垂直，线圈由竖直位置绕其底边转过 90至虚线位置的过程中，穿过线圈的磁通量的变化情况A. 变小 B. 变大C. 先变大后变小 D. 先变小后变大【答案】A【解析】【详解】线圈在实线位置时，穿过线圈的磁通量最大，当线圈由实线位置绕其底边
6、转过90时，线圈与磁场平行，穿过线圈的磁通量变为零，所以在这个过程中，穿过线圈的磁通量逐渐变小。故选 A。6.在地球赤道上空，沿东西方向水平放置一根通以由西向东的直线电流，则此导线受到的安培力方向（ ）A. 竖直向上B. 竖直向下C. 由南向北D. 由西向东【答案】A【解析】试题分析：在赤道的上方磁场的方向从南向北，根据左手定则，判断安培力的方向解：左手定则的内容：伸开左手，使拇指与其余四指垂直，并且与手掌在同一个平面内；4让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是安培力的方向磁场的方向从南向北，电流的方向由西向东，所以安培力的方向竖直向上故 A正确，B、C、D 错误故
7、选 A【点评】解决本题的关键掌握用左手定则判断安培力的方向，伸开左手，使拇指与其余四指垂直，并且与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是安培力的方向二、多项选择7.关于电功和焦耳热，下列说法正确的是 （ ）A. 在纯电阻电路中，计算电功可用公式 W=I2RtB. 在非纯电阻电路中，计算电功可用公式 W= I2RtC. 在非纯电阻电路中，计算焦耳热用 Q= I2RtD. 在纯电阻电路中，计算焦耳热可用 Q=UIt【答案】ACD【解析】【详解】欧姆定律适合于纯电阻电路，但是不适应非纯电阻电路，则在纯电阻电路中，计算电功可用公式 W=I2Rt，选项 A
8、正确；在非纯电阻电路中，计算电功用公式 W=IUt，但是不能用 W= I2Rt求解电功，选项 B错误；在非纯电阻电路中，计算焦耳热可用 Q= I2Rt求解，选项 C正确；在纯电阻电路中，计算焦耳热可用 Q=UIt求解，选项 D正确；故选 ACD.8.图中 R1=4，R 2=9，R 3=18。通电后 （ ）A. 经 R1和 R3的电流之比 I1：I 3=3：1B. R1两端的电压和 R3两端的电压之比 U1：U 3=4：95C. 三个电阻消耗的电功率之比 P1：P 2：P 3=2：1：2D. 三个电阻消耗的电功率之比 P1：P 2：P 3=2： 2：1【答案】AD【解析】【详解】因 I2+I3=
9、I1；又： ；由两式得：I 1：I 3=3：1，故 A正确；R 2与 R3的I2I3 R3R2 189 21并联值 ；则 ，故 B错误；功率之比 P1：P 2：P 3=R=R2R3R2+R3 9189+18 6 U1U3 R1R 46 23，故 C错误，D 正确。故选 AD。U21R1：U22R2：U22R3=2:2:19.如图所示的电路中，电容器两板间的电荷恰好处于平衡状态，当滑动变阻器的触头向上滑动时，则( )A. 电源的功率变小B. 电源内部消耗的功率变大C. 电容器贮存的电荷量变小D. 电容器两板间的电荷将向下移动【答案】BCD【解析】【详解】由闭合电路欧姆定律可知，当滑动触头向上滑动
10、时，接入电路的电阻变小，则总电阻 R 总 变小，I 增大，电源的功率 P=EI，则 P变大。故 A错误。电源内部消耗功率 P 内=I2r增大，故 B正确；I 增大，路端电压 U减小，而 R1分压 U1增大，所以电容器上的电压减小。由 Q=CU知：Q 变小，故 C正确；电容器两板间的电压减小，则场强变小，电荷受电场力减小，则电荷将向下移动，选项 D正确；故选 BCD.【点睛】本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、灵活应用欧姆定律、串联电路特点是解题的关键10. 如图所示，甲、乙两个电路都由一个灵敏电流计 G和一个电阻箱 R组成，它们中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结
11、论中正确的是（ ）6A. 甲表是电流表，R 增大时量程增大B. 甲表是电流表，R 增大时量程减小C. 乙表是电压表，R 增大时量程减小D. 乙表是电压表，R 增大时量程增大【答案】BD【解析】试题分析：由图甲所示可知，G 与电阻 R并联，甲表是电流表，R 增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故 A错误，B 正确由图乙所示可知，G 与 R串联，乙是电压表，R 增大时，变阻器分担的电压增大，乙表量程增大，故 C错误，D 正确，故选 BD。考点：电表的改装【名师点睛】本题考查电表改装原理的理解能力当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏，所测量的电流或电压达到最大值。11.用欧姆表“10”
12、挡测量一个电阻的阻值，调零后测量时，发现指针的偏转角很小，下列说法中正确的是( )A. 这个电阻值很小B. 这个电阻值很大C. 为了把电阻测量得更准确些，应换用“1”挡，直接测量D. 为了把电阻测量得更准确些，应换用“100”挡后重新调零后再测量【答案】BD【解析】【详解】用“10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度很小，说明所测电阻较大，所选挡位太小，为准确测量电阻阻值，应换用“100”挡，换挡后重新进行欧姆调零，然后再测电阻阻值；故 AC错误，BD 正确；故选 BD。【点睛】本题考查了欧姆表的使用方法与主要事项，知道欧姆表刻度线特点，根据题意即可正确解题；用欧姆表测电阻要选择合适的挡位
13、，使指针指针中央刻度线附近712.如图所示，一根通电直导线垂直放在磁感应强度为 1T的匀强磁场中，以导线为中心，半径为 R的圆周上有 a、b、c、d 四个点，已知 c点的实际磁感应强度为 0，则下列说法中正确的是（ ）A. 直导线中电流方向垂直纸面向里B. d点的磁感应强度为 0C. a点的磁感应强度为 2T，方向向右D. b点的磁感应强度为 T，方向斜向下，与 B成 450角2【答案】CD【解析】试题分析：c 点的磁感应强度为 0，说明通电导线在 O点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，由安培定则判断出通电导线中电流方向通电导线在 abcd四点处产生的磁感应强度大小相等
14、，根据平行四边形定则进行合成，来分析 b、a、d 三点的磁感应强度大小和方向解：A、由题，c 点的磁感应强度为 0，说明通电导线在 c点产生的磁感应强度与匀强磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，即得到通电导线在 c点产生的磁感应强度方向水平向左，根据安培定则判断可知，直导线中的电流方向垂直纸面向外故 A错误B、通电导线在 d处的磁感应强度方向竖直向上，根据磁场的叠加可知 d点感应强度为T，方向与 B的方向成 45斜向上，不为 0故 B错误C、通电导线在 a处的磁感应强度方向水平向右，则 a点磁感应强度为 2T，方向向右故C正确D、由上知道，通电导线在 b点产生的磁感应强度大小为 1T，由安培定
15、则可知，通电导线在 b处的磁感应强度方向竖直向下，根据平行四边形与匀强磁场进行合成得知，b 点感应强度为 T，方向与 B的方向成 45斜向下故 D正确故选：CD【点评】本题关键掌握安培定则和平行四边形定则，知道空间任意一点的磁感应强度都通电导线产生的磁场和匀强磁场的叠加而成的8三、实验题13.用电流表和电压表测定电池的电动势 E和内电阻 r，所用电路如下图(a)所示，一位同学测得的 6组数据如下表所示。(1)试根据这些数据在图(b)中作出 U I图线_。(2)根据图线求出电池的电动势 E_V，电池的内电阻 r_（结果保留两位小数） 。组别 1 2 3 4 5 6电流 I/A 0.12 0.20
16、 0.31 0.32 0.50 0.57电压 U/V 1.37 1.32 1.24 1.18 1.10 1.05【答案】 (1). （1）图略 (2). （2）1.461.50； (3). 0.730.83【解析】【详解】 （1）利用表中坐标值，采用描点法并连线得图象如图所示；9（2）由闭合电路欧姆定律可知 U=E-Ir，再由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势故电源的电动势为 1.46V；而图象的斜率表示电源的内阻：；r=UI=1.461.000.63=0.73【点睛】本题考查数据的处理方法，用图象法处理可以减小误差；在连线时注意若出现误差较大的点应舍掉四、解答题14.如图所示，电
17、源电动势 E14 V，内电阻 r1 ，小灯泡标有“2 V，4 W” ，电动机 D的内阻 r0.5 ，当变阻器的阻值 R调到 1 时，电灯和电动机均能正常工作，求：(1)电动机两端的电压；(2)电动机输出的机械功率；(3)电路消耗的总功率【答案】 （1）8V （2）14 W （3）28 W【解析】试题分析：由电功率变形公式可以求出灯泡额定电流，由串联电路特点及欧姆定律可以求出电动机两端电压；由功率公式求出电动机输入功率与热功率，然后求出电动机的机械功率；根据 P 总 =EI求解电源的总功率。(1)电灯和电动机正常工作，通过灯泡的电流为： I=PU灯 =42A=2A设电动机两端电压为 U，由闭合电
18、路欧姆定律： E U灯 U I(R r)代入数据解得： U8 V 10(2)电动机输出功率： P出 UI I2r 82W 220.5W 14W(3)电路消耗的总功率为： P总 EI 142W 28W点睛：本题主要考查了非纯电阻电路，注意电动机的总功率等于热功率与输出功率（机械功率）之和。15.如图所示，一根长 L=0.2m的金属棒放在倾角为 =37 0的光滑斜面上，并通以 I=5A电流，方向如图 8所示，整个装置放在磁感应强度为 B=0.6T，竖直向上的匀强磁场中，金属棒恰能静止在斜面上，则（1）该棒所受安培力的大小为多少？（2）该棒的重力为多少？【答案】 （1）0.6N， （2）0.8N【解
19、析】【详解】 （1）金属棒受到的安培力的大小 FA=BIL=0.650.2N=0.6N（2）根据共点力平衡得， ，tan37FAmg解得 G=mg=FAtan37 0.60.75N 0.8N【点睛】解决本题的关键掌握安培力大小公式，结合共点力平衡进行求解，基础题注意要将立体图转换成平面图16.电磁炮是一种理想的兵器，它的主要原理如图 9所示。1982 年澳大利亚制成了能把2.2kg的弹体（包括金属杆 EF的质量）加速到 10km/s的电磁炮（常规炮弹的速度约为2km/s） 。若轨道宽为 2m，长 100m，通过的电流为 10A， （轨道摩擦不计）则11（1）弹体（包括金属杆 EF的）的加速度为多大？（2）轨道间所加匀强磁场的磁感强度为多大？（3）磁场力的最大功率为多大？【答案】 （1）510 5m/s2；（2）5.510 4T；（3）1.110 10W【解析】【详解】 （1）由运动学 2ax=v2-v02可得弹体的加速度为：；（2）安培力为 F=BIL，进而由牛顿第二定律可得：BIL=ma解得： ；（3）磁场力的最大功率为：
