1、12019 届四川省成都市石室中学高三 2 月份入学考试物理试题注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。3 非 选 择 题 的 作 答 ： 用 签 字 笔 直 接 答 在 答
2、题 卡 上 对 应 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。第 I 卷（选择题)一、单选题1我国选手谢思埸在 2018 年国际泳联世界跳水系列赛北京站夺得男子三米跳板冠军，如图所示为谢思埸（可视为质点）参加跳板跳水比赛时，其竖直方向的速度随时间变化的图象，以他离开跳板时为计时起点，不计空气阻力，则（ ）A t1时刻开始进入水面B t2时刻开始进入水面C t2时刻达到最高点D t3时刻达到最高点2如图所示是小明同学画的几种人造地球卫
3、星轨道的示意图，视地球为质量分布均匀的球体，其中 a 卫星的圆轨道平面过地轴， b 卫星的圆轨道与地轴夹角为一锐角， c 卫星轨道为与地轴垂直的椭圆，地球半径与卫星高度如图示。则下列说法错误的是（ ）A三个卫星都不可能是地球同步卫星B如果各卫星质量相等，它们的机械能也相等C c 卫星在远地点的速度一定小于 a 卫星和 b 卫星的环绕速度D c 卫星在远地点的速度一定小于第一宇宙速度3如图所示， A 球质量为 B 球质量的两倍， A 球不带电， B 球带正电，光滑的绝缘斜面倾角为 。图甲中， A、 B 两球用轻质绝缘弹簧相连，图乙中， A、 B 两球用轻质绝缘杆相连，两个装置均处于平行于斜面向上
4、的匀强电场 E 中，此时 A、 B 两球组成的系统均处于静止状态，轻弹簧、轻杆均与斜面平行，重力加速度大小为 g。当撤去匀强电场 E 的瞬间，则下列说法正确的是（ ）A两图中 A、 B 两球的加速度大小均为 gsin B两图中 A 球的加速度大小均为零C图甲、乙中 B 球的加速度大小之比为 31D图乙中轻杆的作用力一定不为零4如图所示，三个小球 A、 B、 C 的质量均为 m， A 与 BC 间通过铰链用轻杆连接，杆长为L， B、 C 置于水平地面上，用一轻质弹簧连接，弹簧处于原长。现 A 由静止释放下降到最低点，两轻杆间夹角 由 60变为 120， A、 B、 C 在同一竖直平面内运动，弹簧
5、在弹性限度内，忽略一切摩擦，重力加速度为 g。则此下降过程中（ ）A B 受到地面的支持力大小恒等于 mgB A、 B、 C 和弹簧组成的系统机械能守恒，动量守恒C弹簧的弹性势能最大时， A 的加速度为零D弹簧的弹性势能最大值为 ) mgL5如图所示，矩形边界 ABCD 内存在磁感应强度为 B 的匀强磁场，方向垂直纸面向里， AB长为 2L， AD 长为 L。从 AD 的中点 E 以不同速率发射粒子，速度方向与 AD 成 30角，粒子带正电，电量为 q，质量为 m，不计粒子重力与粒子间的相互作用，下列判断正确的是（ ）此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 2A粒子可能从 BC
6、边离开B经过 AB 边的粒子最小速度为C经过 AB 边的粒子最大速度为D AB 边上有粒子经过的区域长度为 2L二、多选题6如图甲所示，水平放置的平行金属导轨连接一个平行板电容器 C 和电阻 R，导体棒 MN 放在导轨上且接触良好，整个装置放于垂直导轨平面的磁场中，磁感应强度 B 的变化情况如图乙所示（图示磁感应强度方向为正）， MN 始终保持静止，则 0-t2时间内（ ）A MN 所受安培力的大小始终没变B电容器 C 的 a 板先带正电后带负电C t1、 t2时刻电容器 C 的带电量相等D MN 所受安培力的方向先向右后向左7如图所示， MPQO 为有界的竖直向下的匀强电场，电场强度为 E，
7、 ABC 为光滑固定的半圆形轨道，轨道半径为 R， A、 B 为圆水平直径的两个端点， AC 为 圆弧。一个质量为 m，电荷量为-q（ q0）的带电小球，从 A 点正上方高为 H 处由静止释放，并从 A 点沿切线进入半圆轨道。不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的运动情况，下列说法正确的是（ ）A小球在 AC 部分可能做匀速圆周运动B小球一定能沿轨道运动到 C 点C若小球能从 B 点离开，上升的高度一定小于 HD小球到达 C 点的速度可能为零8如图所示，长为 L、 质量为 3m 的长木板 B 放在光滑的水平面上，质量为 m 的铁块 A 放在长木板右端。一质量为 m 的子弹以速度 v0射入木
8、板并留在其中，铁块恰好不滑离木板。子弹射入木板中的时间极短，子弹、铁块均视为质点，铁块与木板间的动摩擦因数恒定，重力加速度为 g。下列说法正确的是（ ）A木板获得的最大速度为B铁块获得的最大速度为C铁块与木板之间的动摩擦因数为D子弹、木块、铁块组成的系统损失的机械能为9一定质量理想气体的状态变化经历了如图所示的 ab、 bc、 cd、 da 四个过程，其中ab、 cd 与竖直轴平行， bc、 ad 的延长线通过原点，则下列说法正确的是（ ）A ab 段气体从外界吸热，内能不变B bc 段气体对外界放热，内能减小3C cd 段气体从外界吸的热全部对外做功，该过程不违背热力学第二定律D ab 段气
9、体对外界做的功大于 cd 段外界对气体做的功E. 气体状态从 a 点开始循环，再回到 a 点时，总体既不吸热、也不放热10关于振动和波动，下列说法正确的是（ ）A相同的单摆在地球纬度越高的地方，测得的周期越小B两列横波发生干涉时，振动减弱点的位移一定小于振动加强点的位移C在杨氏双缝干涉实验中，光通过狭缝时同时产生了干涉和衍射现象D在空气中传播的声波可以产生偏振现象E. 我们在地球上接收到来自遥远星球的光波的频率变低，可以判断该星球正在离我们远去第 II 卷（非选择题)三、实验题11图为某同学设计的验证机械能守恒定律的实验装置。刚性轻绳上端系于 O 点，下端连接小球 A， B 为光电门， C 为
10、量角器，圆心在 O 点，轻绳可绕 O 点在竖直面内做圆周运动。（1）关于该实验，下列说法正确的是_.A该实验中，应选质量大，体积小的小球B该实验中，小球是否静止释放，不影响实验结果C该实验中，只要细绳是绷紧的，小球无论从何位置静止释放，均可验证机械能守恒定律D该实验中，轻绳偏离竖直方向摆角 越大（ ），速度测量误差越小（2）若已知小球质量为 m，轻绳长度为 l，小球直径为 d（小球直径远小于绳长），轻绳偏离竖直方向的摆角为 ，光电门记录小球通过的时间为 t，试用上述物理量写出验证机械能守恒定律的表达式：_。12(1)某同学想测定一电压表内阻，他先用多用电表欧姆档进行粗测。该同学在进行欧姆调零时
11、不慎调零不足。则该同学测到的电压表内阻与实际内阻相比_（填偏大、偏小、相等）。(2)该同学选用下列实验器材对电压表内阻进行较精确测量。A待测电压表 V1（3V，内阻 Rv1约为 3K ，测量值记为 U1）B电流表 A1（0.6A，内阻 RA1约为 1 ，测量值记为 I1） C电压表 V2（6V，内阻 RV2为 6K ，测量值记为 U2）D滑动变阻器 R0（010 1A）E定值电阻 R1（3K ）F定值电阻 R2（10 ）G直流电源 E（电动势为 18V，内阻约为 1 ）为了较精确测量待测电压表内阻，试选用上述器材并在虚线框中设计实验电路（电路中应标明所选仪器代号）。_写出用所选仪器测量电压表内
12、阻的表达式（电流、电压用测量值表示，电阻用对应代号表示）_。四、解答题13如图所示，水平面上有相互接触并可视为质点的物体 A 和 B，在水平面上建立 x 轴，A、 B 初始位置在 x=0 处。 A 物体质量 m1=2kg， B 物体质量 m2=1kg， A 与水平面间摩擦系数满足， B 与水平面间摩擦系数为 0.05。现对 A 施加水平向右恒力 F， F=3N。（1）求 F 刚作用在 A 上时， AB 间弹力的大小；（2）分析 A、 B 两物体分离时的位置 x。14如图所示，在空间建立直角坐标系，坐标轴正方向如图所示。空间有磁感应强度为B=1T，方面垂直于纸面向里的磁场， II、III、IV
13、象限（含 x、 y 轴）有电场强度为 E=1N/C，竖直4向下的电场。光滑 1/4 圆弧轨道圆心 O，半径为 R=2m，圆环底端位于坐标轴原点 O。质量为m1=1kg，带电 q1=-1C 的小球 A 从 O处水平向右飞出，经过一段时间，正好运动到 O 点。质量为m2=2kg，带电 q2=2C 小球的 B 从与圆心等高处静止释放，与 A 同时运动到 O 点并发生完全非弹性碰撞，碰后生成小球 C。小球 A、 B、 C 均可视为质点，所在空间无重力场作用。（1）小球 A 在 O处的初速度为多大；（2）碰撞完成后瞬间，圆弧轨道对小球 C 的支持力；（3）小球 C 从 O 点飞出后的瞬间，将磁场方向改为
14、竖直向上。分析 C 球在后续运动过程中，再次回到 y 轴时离 O 点的距离。15如图所示，上端开口，下端封闭，竖直放置的导热玻璃管（厚度不计）长 l0=100cm，玻璃管可绕 O 点在竖直面内 360 转动。水银柱上端与玻璃管上端齐平，下端封闭长为 l1=25cm 的理想气体。大气压强 P0=75cmHg。（1）将玻璃管从竖直位置 1 缓慢转动 90 到水平位置 2，求此时的空气柱长度；（2）将玻璃管从竖直位置 1 缓慢转动 180 到竖直位置 3，求此时管中剩余的水银柱长度。16如图所示，一列周期 T=0.2s 的简谐横被沿 x 轴正方向传播。已知 t=0 时刻，介质中平衡位置 x=10cm
15、 处的质点 m 的位移为 2cm，x=35cm 处的质点 n 的位移为-2 cm，且 m、n 的振动方向相反。求：（1）该列简谐横波的波速；（2）从 t=0 时刻开始，经历多长时间质点 n 的速度达到最大?2019 届 四 川 省 成 都 市 石 室 中 学 高 三2 月 份 入 学 考 试 物 理 试 题物 理 答 案1B【解析】跳水运动员离开跳板后，先向上做匀减速直线运动，t 1时候速度减为零，运动员上升达到最高点；此后开始向下做匀加速直线运动，t 2时刻进入水面，在阻力与重力作用下开始向下做匀减速直线运动，t 3时刻速度减为零；由上述分析可知，故 B 正确，A、C、D 错误；故选 B。【
16、点睛】要知道在速度时间的图象中，直线的斜率代表的是加速度，速度的符号表示速度的方向；2B【解析】A、地球的同步卫星一定在与赤道共面的圆轨道上运行，则三个卫星都不可能是地球同步卫星，故 A 正确；B、三个卫星的速度和高度都不能比较，则不能比较机械能的大小，故 B 错误；CD、根据万有引力提供向心力 ，可得 ，由于 r 越小，v 越大；卫星 c 在远地点加速以后，可以沿过 c 点的圆轨道做匀速圆周运动，该圆轨道的速度一定小于 a 卫星和 b 卫星的环绕速度，更小于近地卫星的环绕速度即第一宇宙速度，故 C、D 正确；错误的故选 B。【点睛】关键是利用万有引力提供向心力这一知识点，并能理解第一宇宙速度
17、的含义3C【解析】ABC、设 B 球质量为 m，则 A 球质量为 2m，图甲、乙中两球组成的系统静止时，B 球受到的电场力均为 3mgsin，轻弹簧和轻杆的弹力均为 2mgsin，突然撤去匀强电场时，轻弹簧中弹力不变，题图甲中 A 球加速度为零，B 球加速度大小为 3gsin；轻杆中弹力发生突变，题图乙中A、B 两球的加速度大小均为 gsin，故 A、B 错误，C 正确；D、题图乙中轻杆的弹力发生突变，弹力变为零，故 D 错误；故选 C。【点睛】能对小球正确的受力分析，对两个小球能灵活利用整体法和隔离法，运用牛顿第二定律列方程计算。4D【解析】A、A 球初态 v0=0，末态 v=0，因此在运动
18、过程中先加速后减速，当速度最大时，动能最大，加速度为零，由系统牛顿第二定律或系统超失重可知，在 A 的动能达到最大前，B 受到的支持力小于 mg，在 A 的动能达到最大时，B 受到的支持力等于 mg，在 A 的动能达到最大后，B 受到的支持力大于 mg，故 A 错误；B、A、B、C 和弹簧组成的系统所受重力与支持力并不平衡，故动量不守恒，故 B 错误；C、弹簧的弹性势能最大时，A 到达最低点，此时具有向上的加速度，故 C 错误；D、由能量守恒，A 减少的重力势能等于弹簧增加的弹性势能 ，故D 正确；故选 D。【点睛】关键是弄清楚小球 A 在运动过程中的受力情况，知道平衡位置时受力平衡，加速度方
19、向向下属于失重、加速度方向向上属于超重。5C【解析】A、粒子带正电，粒子运动的轨迹如图所示，当粒子的轨迹恰好与 CD 边相切时，根据几何关系： ，可得此时粒子半径： ，粒子将从 AB 边上距离 A 点距离为：的 M 点离开磁场区域，故粒子不可能从 BC 边离开，故 A 错误；C、根据洛伦兹力提供向心力： ，可得： ，可求出当粒子半径为 时，即粒子轨迹与CD 边相切时，此时粒子从 AB 边射出的最大速度： ，故 C 正确；BD、设当粒子恰好从 AB 边的 N 点出射时，粒子速度为 v2半径为 R2，根据几何关系 ，可得粒子半径： ，此时粒子从 AB 边射出的最小速度： 。根据几何关系：射出点 N
20、 距离 A 点的距离：，故 AB 边上有粒子经过的区域长度为： ，故 BD 错误；故选 C。【点睛】掌握几何关系在题中的运用，理解在磁场中运动时间与圆心角的关系，注意本题关键是画出正确的运动轨迹；6CD【解析】BC、由图乙可知，磁感应强度均匀变化，根据法拉第电磁感应定律可知，回路中产生恒定电动势，电路中电流恒定，电阻 R 两端的电压恒定，则电容器的电压恒定，故电容器 C 的电荷量大小始终没变，根据楞次定律判断可知，通过 R 的电流一直向下，电容器上板电势较高，一直带正电，故 B 错误，C 正确；AD、根据安培力公式 F=BIL，I 和 L 不变，由于磁感应强度变化，MN 所受安培力的大小变化，
21、由右手定则可知，MN 中的感应电流方向一直向上，由左手定则判断可知，MN 所受安培力的方向先向右后向左，故 A 错误，D 正确；故选 CD。【点睛】关键要根据法拉第电磁感应定律判断出电路中的电流恒定不变，再根据楞次定律、右手定则、左手定则进行分析，明确导体棒一直处于平衡，则摩擦力与安培力始终等大反向。7AC【解析】A、若重力大小等于电场力，小球在 AC 部分做匀速圆周运动，故 A 正确；B、若电场力大于重力，则 C 点为等效重力场中的最高点，因为题中没有给出 H 与 R、E 的关系，所以小球不一定能从 A 点沿轨道运动到 C 点，故 B 错误；C、因为小球在 AB 部分只有电场力做负功，所以若
22、小球能从B 点离开，上升的高度一定小于 H，故 C 正确；D、若小球到达 C 点的速度为零，则电场力大于重力，则小球不可能沿半圆轨道运动，所以小球到达 C 点的速度不可能为零，故 D 错误；故选 AC。【点睛】分析带电小球所受的电场和重力的关系，再分析其可能的运动情况，综合运用了动能定理、牛顿第二定律等知识，综合性强，对学生的能力要求较高；8BCD【解析】A、对子弹和木板 B 系统，根据动量守恒定律：mv 0=4mv1，解得 v1= ，故 A 错误；B、对木板B 和铁块 A（包括子弹）系统：mv 0=5mv2，解得 v2= ，故 B 正确；C、子弹打入木板后，对木板 B 和铁块 A（包括子弹）
23、系统，由能量守恒定律：mgL= 4mv12 5mv22，解得 = ，故 C 正确；D、全过程，由能量守恒定律可知，子弹、木板、铁块组成的系统损失的机械能为E= mv02- 5mv22，故 D 正确；故选 BCD。【点睛】子弹射入木块的瞬间木块获得的速度最大，由动量守恒定律求木块获得的最大速度；木块在木板上滑行时，木块（含子弹）与木板组成的系统合外力为零，总动量守恒，由动量守恒定律求木块滑离木板时木板获得的速度。9ABD【解析】A、ab 段，气体等温膨胀，气体从外界吸热，对外做功，内能不变，故 A 正确；B、bc 段，气体等容降温，气体对外放热，内能减小，故 B 正确；C、cd 段，气体等温压缩
24、，内能不变，气体对外放的热等于外界对气体做功，故 C 错误；D、作出过程的 P-V 图，可以发现 ab 段气体对外做的功大于 cd 段外界对气体做的功，故 D 正确；E、全过程中，气体对外界做功大于外界对气体做功，但气体内能不变，故气体从外界吸热，故 E 错误；故选 ABD。10ACE【解析】A、地球纬度越高的地方，重力加速度越大，由单摆周期公式 ，单摆周期越小，故 A正确；B、两列波发生干涉时，振动加强点和振动减弱点均在做简谐运动，位移随时间而变化，振动减弱点位移可能大于振动加强点位移，故 B 错误；C、杨氏双缝干涉实验中，光通过单个狭缝发生衍射现象，两个狭缝的光在光屏上叠加发生干涉现象，故
25、 C 正确；D、空气中传播的声波为纵波，不能产生偏振现象，故 D 错误；E、由多普勒效应，当波源相对观察者远离时，频率变低，故 E 正确；故选 ACE。11（1）AD （2）【解析】(1)A、实验中，为尽量消除空气阻力影响，应选择质量大、体积小的小球，故 A 正确；B、光电门只能测出小球通过最低点的时间，即只能算出小球在最低点的速度，若小球初速度不为零，无法计算小球动能增量，也无法验证机械能守恒定律，故 B 错误；C、小球若从 静止释放，将先做自由落体运动，绳绷紧瞬间，会有机械能损耗，无法验证机械能守恒定律，故 C 错误；D、小球从 静止释放， 越大，小球在最低点速度越大，瞬时速度计算越精确，
26、故 D 正确；故选AD。(2)小球运动过程中，重力势能减少量 ，在最低点速度 ，即动能增加量 ，若实验能验证 ，即 ，则验证了机械能守恒定律。12（1）偏大 （2） （ 3）【解析】(1)由欧姆表测电阻基本原理， ，实验中，欧姆调零不足，即实际内阻大于理论内阻，当指针指在某位置时，实际电阻小于测得电阻，即测量值偏大；(2)实验中，采用伏安法测量电压表内阻，电压表电压为 U1，因电压表满偏电流只有 1mA 左右，用题目所给电流表无法直接测量，故采用电压表 V2间接测量，电压表 V2内阻已知， 即为流过 V2的电流。实验中，滑动变阻器阻值较小，采用分压式接法便于调节电压，但滑动变阻器有最大电流，若
27、直接将滑动变阻器与电源串联，会使滑动变阻器超载，故将定值电阻 R2与滑动变阻器串联，保护电路。实验电路如图所示。(3)待测电压表电流 ，待测电压表电压为 ，故待测电压表电阻13（1） NAB= N （2） x=2m【解析】(1)F 刚作用在 A 上时，A 所受摩擦力为零，B 所受摩擦力为 f，A、B 共同向右做加速运动，设加速度为 a，设 AB 间弹力为 NAB对 A、B 系统：对 B： 联立解得：N AB= N(2)A、B 共同运动后，A 受到逐渐增大的摩擦力作用，对 A、B 系统：对 B：N AB = 当 AB 脱离时，N AB= ，即 a= 此时 解得14（1）1m/s （2）1.5N
28、（3）【解析】(1)A 从 飞出后，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动， 洛伦兹力提供向心力， 解得： (2)设 B 滑到 O 点的速度为 ，由动能定理 解得： A、B 在 O 点发生完全非弹性碰撞，设碰后生成的 C 球速度为 ，由动量守恒定律在碰后瞬间，C 球做圆周运动，设轨道对 C 支持力为 N，C 球带电量解得：N=1.5N (3)C 球从轨道飞出后，受到竖直向下的电场力和垂直纸面向外的洛伦兹力，在电场力作用下，C 球在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，在水平方向做匀速圆周运动，每隔一个周期T，C 球回到 y 轴上。由： ，及 ,解得 C 球圆周运动周期C 球竖直方向加速度C 球回到 y
29、 轴时坐标：代入数据解得： （n=1、2、3.）15（1） =50cm （2）【解析】（1）状态 1：气体压强 气体长度为状态 2：气体压强 设气体长度为由玻意耳定律： 解得： （2）状态 3，设水银柱长度为气体压强 气体长度为 由玻意耳定律：解得：16（1） （k=1，2，3，.）（2） （k=1，2，3，.）【解析】（1）根据题意分析得，质点 m、m 平衡位置之间的距离：，k=1，2，3，.则波长为 （k=1，2，3，.）则波速为 （k=1 ，2，3，.）（2）根据题意分析得，经历 质点 n 得速度达到最大，即：（k=1，2，3，.）【点睛】本题主要考查了波的多解问题。解决本题的关键是根据题意找出两质点距离与波长的关系式，根据 求出波速，并分析质点 n 速度何时达到最大。
